浙江省历年高考数列大题总汇(题目及答案)
更新时间:2024-05-21 04:32:01 阅读量: 综合文库 文档下载
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1已知二次函数y?f(x)的图像经过坐标原点,其导函数为f?(x)?6x?2。数列项和为Sn,点(n,Sn)(n?N(Ⅰ)求数列
*?an?的前n
)均在函数y?f(x)的图像上。
?an?的通项公式;
m3*,Tn是数列?bn?的前n项和,求使得Tn?对所有n?N都成立的最小
20anan?1(Ⅱ)设bn正整数m。
?2. 己知各项均不相等的等差数列{an}的前四项和S4=14,且a1,a3,a7成等比数列. (I)求数列{an}的通项公式; (II)设Tn为数列?小值.
3. 设数列?an?的前n项和为Sn,已知a1?1,a2?6,a3?11,且
?1?*对?n?N恒成立,求实数?的最?的前n项和,若Tn≤?an?1¨
?anan?1?(5n?8)Sn?1?(5n?2)Sn?An?B,n?1,2,3,?,
其中A、B为常数. (Ⅰ) 求A与B的值;
(Ⅱ) 证明数列?an?为等差数列;
(Ⅲ) 证明不等式5amn?aman?1对任何正整数m、n都成立.
4. 已知数列?an?,?bn?满足a1?3,anbn?2,bn?1?an(bn?(1)求证:数列{2),n?N*. 1?an1}是等差数列,并求数列?bn?的通项公式; bn111,,成等差数列?若存在,试用p表示q,r;若不
crcqcp(2)设数列?cn?满足cn?2an?5,对于任意给定的正整数p,是否存在正整数q,
r(p?q?r),使得
存在,说明理由.
5. 已知函数
f(x)?x?a?lnx (a?0).
(1)若a?1,求f(x)的单调区间及f(x)的最小值; (2)若a?0,求f(x)的单调区间;
ln22ln32lnn2(n?1)(2n?1)*?2???2与(3)试比较的大小(n?N且n?2),并证明22(n?1)23n你的结论. 6已知
f(x)?(x?1)2,g(x)?10(x?1),数列{an}满足(an?1?an)g(an)?f(an)?0,
9(n?2)(an?1) 10a1?2,bn?(I)求数列{an}的通项公式; (Ⅱ)求数列{bn}中最大项.
7. 设k?R,函数
f(x)?ex?(1?x?kx2)(x?0).
(Ⅰ)若k?1,试求函数f(x)的导函数f?(x)的极小值; (Ⅱ)若对任意的t?0,存在s?0,使得当x?(0,s)时,都有取值范围.
f(x)?tx2,求实数k的
8. 已知等差数列{an}的公差不为零,且a3 =5, a1 , a2.a5 成等比数列
(I)求数列{an}的通项公式:
(II)若数列{bn}满足b1+2b2+4b3+…+2nbn=an且数列{bn}的前n项和Tn 试比较Tn与
-1
3n?1的大小 n?19. 已知函数f(x)?12x?(2a?2)x?(2a?1)lnx 2(I )求f(x)的单调区间;
(II)对任意的a?[,],x1,x2?[1,2],恒有|f(x1)|?f(x2)??|数?的取值范围.
352211?|,求正实x1x2
1. 解:(I)依题意可设由
f(x)?ax2?bx(a?0),则f`(x)?2ax?b
f`(x)?6x?2 得 a?3,b??2,所以f(x)?3x2?2x.
又由点(n,Sn)(n?N*) 均在函数y?f(x)的图像上得Sn22?3n2?2n
当 n?2时an?Sn?Sn?1?3n?2n???3(n?1)?2(n?1)???6n?5 当 n?1时a1所以an?S1?3?12?2?1?6?1?5
?6n?5(n?N*)
?33111??(?),
anan?1(6n?5)?6(n?1)?5?26n?56n?1(II)由(I)得bn故,Tn?111?11111??(1?). =(1?)?(?)?????(?)??26n?12?77136n?56n?1?1m11m,即m?10 (1?)?(n?N*)成立的m必须且必须满足?22026n?120因此使得
故满足最小的正整数m为10
?4a1?6d?142. (Ⅰ)设公差为d.由已知得?………………………………3分 2?(a1?2d)?a1(a1?6d)解得d?1或d?0(舍去),所以a1?2,故an?n?1………………………………6分
(Ⅱ)?1111???, anan?1(n?1)(n?2)n?1n?211n1111??……………………………9分 ?Tn?????…?n?1n?22(n?2)2334n≤?(n+2)对?n?N?恒成立 ?Tn≤?an?1对?n?N?恒成立,即
2(n?2)n111?≤? 又 242(n?2)2(n??4)2(4?4)16n1 ∴?的最小值为……………………………………………………………12分
163. 解:(Ⅰ)由a1?1,a2?6,a3?11,得S1?1,S2?2,S3?18.
把n?1,2分别代入(5n?8)Sn?1?(5n?2)Sn?An?B,得?解得,A??20,B??8.
(Ⅱ)由(Ⅰ)知,5n(Sn?1?Sn)?8Sn?1?2Sn??20n?8,即
?A?B??28,
2A?B??48?5nan?1?8Sn?1?2Sn??20n?8,
①
又5(n?1)an?2?8Sn?2?2Sn?1??20(n?1)?8. ② ②-①得,5(n?1)an?2?5nan?1?8an?2?2an?1??20, 即(5n?3)an?2?(5n?2)an?1??20. 又(5n?2)an?3?(5n?7)an?2??20.
③ ④
④-③得,(5n?2)(an?3?2an?2?an?1)?0, ∴an?3?2an?2?an?1?0,
∴an?3?an?2?an?2?an?1???a3?a2?5,又a2?a1?5, 因此,数列?an?是首项为1,公差为5的等差数列. (Ⅲ)由(Ⅱ)知,an?5n?4,(n?N?).考虑
5amn?5(5mn?4)?25mn?20.
(aman?1)2?aman?2aman?1?aman?am?an?1?25mn?15(m?n)?9.
∴5amn?(aman?1)2厖15(m?n)?2915?2?29?1?0.
即5amn?(aman?1)2,∴5amn?aman?1. 因此,5amn?aman?1.
4. (1)因为anbn?2,所以an?2, bn42anb2bn4则bn?1?anbn?, ………………………2分 ?2?n?2??21?anbn?2bn?21?bn
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