大一上期物理期末考试复习题
更新时间:2023-03-08 17:59:55 阅读量: 综合文库 文档下载
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2010年上期物理期末考试复习题
1-5 质点沿x轴运动,其加速度和位置的关系为 a=2+6x2,a的单位为m?s?2,x的单
位为 m. 质点在x=0处,速度为10m?s?1,试求质点在任何坐标处的速度值. 解: ∵ a?dvdt?dvdxdvdxdt?vdx 分离变量: ?d??adx?(2?6x2)dx 两边积分得
12v2?2x?2x3?c 由题知,x?0时,v0?10,∴c?50
∴ v?2x3?x?25m?s?1
1-6 已知一质点作直线运动,其加速度为 a=4+3t m?s?2,开始运动时,x=5 m
=0,求该质点在t=10s 时的速度和位置. 解:∵ a?dvdt?4?3t 分离变量,得 dv?(4?3t)dt 积分,得 v?4t?322t?c1 由题知,t?0,v0?0 ,∴c1?0
故 v?4t?32t2 又因为 v?dxdt?4t?32t2 分离变量, dx?(4t?32t2)dt
积分得 x?2t2?132t?c2
由题知 t?0,x0?5 ,∴c2?5 故 x?2t2?12t3?5 所以t?10s时
1 v1
v10?4?10?3?102?190m?s?12
1x10?2?102??103?5?705m2β= 0.2 rad·s,求t=2s时边
?2
1-11 飞轮半径为0.4 m
解:当t?2s时,???t?0.2?2?0.4 rad?s
?1则v?R??0.4?0.4?0.16m?s
?1an?R?2?0.4?(0.4)2?0.064m?s?2 a??R??0.4?0.2?0.08m?s?2
2a?an?a?2?(0.064)2?(0.08)2?0.102m?s?2
1-13 一船以速率v1=30km·h
?-1
沿直线向东行驶,另一小艇在其前方以速率v2=40km·h
-1
沿直线向北行驶,问在船上看小艇的速度为何?在艇上看船的速度又为何? 解:(1)大船看小艇,则有v21?v2?v1,依题意作速度矢量图如题1-13图(a)
??
题1-13图
由图可知 v21?2v12?v2?50km?h?1
方向北偏西 ??arctanv13?arctan?36.87? v24(2)小船看大船,则有v12?v1?v2,依题意作出速度矢量图如题1-13图(b),同上法,得
???v12?50km?h?1
方向南偏东36.87
o2-3 质量为16 kg 的质点在xOy平面内运动,受一恒力作用,力的分量为fx=6 N,fy=
-1
-7 N,当t=0时,x?y?0,vx=-2 m·s,vy=0.求
2 2
当t=2 s
(1)位矢;(2)
解: ax?fx63??m?s?2 m168ay?(1)
fym??7m?s?2 16235vx?vx0??axdt??2??2??m?s?1084
2?77vy?vy0??aydt??2??m?s?10168于是质点在2s时的速度
5?7??v??i?j48(2)
m?s?1
?1?1?22r?(v0t?axt)i?aytj22?1?7?13?(?2?2???4)i?()?4j
2821613?7???i?jm482-9 一质量为m的质点在xOy???r?acos?ti?bsin?tj
求质点的动量及t=0 到t?解: 质点的动量为
?2?
????p?mv?m?(?asin?ti?bcos?tj)
将t?0和t??分别代入上式,得 2?????p1?m?bj,p2??m?ai ,
??????I??p?p2?p1??m?(ai?bj)
则动量的增量亦即质点所受外力的冲量为
????????2-12 设F合?7i?6jN.(1) 当一质点从原点运动到r??3i?4j?16km时,求F所
作的功.(2)如果质点到r处时需0.6s,试求平均功率.(3)如果质点的质量为1kg,试求动能的变化.
3 3
?解: (1)由题知,F合为恒力,
∴ A合?F?r?(7i?6j)?(?3i?4j?16k)
??21?24??45J (2) P????????A45??75w ?t0.6(3)由动能定理,?Ek?A??45J
??2-23 物体质量为3kg,t=0时位于r?4im, v?i?6jm?s?1,如一恒力f?5jN作用
在物体上,求3秒后,(1)物体动量的变化;(2)相对z轴角动量的变化.
???????3???1 解: (1) ?p??fdt??5jdt?15jkg?m?s
0(2)解(一) x?x0?v0xt?4?3?7
1215at?6?3???32?25.5j 223?????即 r1?4i,r2?7i?25.5j
y?v0yt?vx?v0x?1
5vy?v0y?at?6??3?11
3??????即 v1?i1?6j,v2?i?11j
???????∴ L1?r1?mv1?4i?3(i?6j)?72k
????????L2?r2?mv2?(7i?25.5j)?3(i?11j)?154.5k
????2?1∴ ?L?L2?L1?82.5kkg?m?s
解(二) ∵M?dz dt00??t?t?∴ ?L??M?dt??(r?F)dt
?152???????(4?t)i?(6t?)?t)j??5jdt023??
??3??5(4?t)kdt?82.5kkg?m2?s?130 4 4
题2-24图
2-24 平板中央开一小孔,质量为m的小球用细线系住,细线穿过小孔后挂一质量为M1的
重物.小球作匀速圆周运动,当半径为r0时重物达到平衡.今在M1的下方再挂一质量为M2的物体,如题2-24图.试问这时小球作匀速圆周运动的角速度??和半径r?为多少? 解: 在只挂重物时M1,小球作圆周运动的向心力为M1g,即
M1g?mr0?0挂上M2后,则有
2
①
(M1?M2)g?mr???2
②
重力对圆心的力矩为零,故小球对圆心的角动量守恒. 即 r0mv0?r?mv?
?r02?0?r?2?? ③
联立①、②、③得
?0????r??M1gmr0M1gM1?M23()mrM012
M1?M2g?m??M1?r0M1?M22-27 计算题2-27图所示系统中物体的加速度.设滑轮为质量均匀分布的圆柱体,其质量为
M,半径为r,在绳与轮缘的摩擦力作用下旋转,忽略桌面与物体间的摩擦,设m1=50
kg,m2=200 kg,M=15 kg, r=0.1 m
解: 分别以m1,m2滑轮为研究对象,受力图如图(b)所示.对m1,m2运用牛顿定律,有
m2g?T2?m2a ①
5 5
T1?m1a ②
对滑轮运用转动定律,有
1T2r?T1r?(Mr2)? ③
2又, a?r? ④ 联立以上4个方程,得
a?m2gm1?m2?M2?200?9.8?7.6155?200?2m?s?2
题2-27(a)图 题2-27(b)图
题2-28图
2-28 如题2-28图所示,一匀质细杆质量为m,长为l,可绕过一端O的水平轴自由转动,
杆于水平位置由静止开始摆下.求: (1)初始时刻的角加速度; (2)杆转过?角时的角速度. 解: (1)由转动定律,有
11?(ml2)? 233g∴ ??
2lmg(2)由机械能守恒定律,有
mgl11sin??(ml2)?2 223∴ ??3gsin? l 6 6
4-4 质量为10?10?3kg的小球与轻弹簧组成的系统,按x?0.1cos(8??律作谐振动,求:
(1)振动的周期、振幅和初位相及速度与加速度的最大值;
2?)3(SI)的规
(2)最大的回复力、振动能量、平均动能和平均势能,在哪些位置上动能与势能相等? (3)t2?5s与t1?1s两个时刻的位相差;
解:(1)设谐振动的标准方程为x?Acos(?t??0),则知:
A?0.1m,??8?,?T?2???1s,?0?2?/3 4?1?1又 vm??A?0.8?m?s ?2.51m?s
am??2A?63.2m?s?2
(2) Fm?am?0.63N
12mvm?3.16?10?2J 21Ep?Ek?E?1.58?10?2J
2E?当Ek?Ep时,有E?2Ep, 即
12112kx??(kA) 222∴ x??22A??m 220 (3) ????(t2?t1)?8?(5?1)?32?
4-6 一质量为10?10?3kg的物体作谐振动,振幅为24cm,周期为4.0s,当t?0时位移
为?24cm.求:
(1)t?0.5s时,物体所在的位置及此时所受力的大小和方向; (2)由起始位置运动到x?12cm处所需的最短时间; (3)在x?12cm处物体的总能量.
解:由题已知 A?24?10m,T?4.0s ∴ ??又,t?0时,x0??A,??0?0 故振动方程为
?22??0.5?Trad?s?1
x?24?10?2cos(0.5?t)m
7
7
(1)将t?0.5s代入得
x0.5?24?10?2cos(0.5?t)m?0.17m
F??ma??m?2x??10?10?3?(?)2?3
2?0.17??4.2?10N方向指向坐标原点,即沿x轴负向. (2)由题知,t?0时,?0?0,
t?t时 xA0??2,且v?0,故??t?3 ∴ t??????3/?2?23s (3)由于谐振动中能量守恒,故在任一位置处或任一时刻的系统的总能量均为
E?1kA2?12m?2A22?12?10?10?3(?2)2?(0.24)2 ?7.1?10?4J4-8 图为两个谐振动的x?t曲线,试分别写出其谐振动方程.
题4-8图
解:由题4-8图(a),∵t?0时,x0?0,v0?0,??30?2?,又,A?10cm,T?2s即 ??2?T??rad?s?1
故 x3a?0.1cos(?t?2?)m 由题4-8图(b)∵t?0时,xA5?0?2,v0?0,??0?3
t1?0时,x1?0,v1?0,??1?2???2
又 ?1???1?5??532? 8 8
∴ ??5? 6565?)m 3故 xb?0.1cos(?t?4-12 试用最简单的方法求出下列两组谐振动合成后所得合振动的振幅:
????x?5cos(3t?)cmx?5cos(3t?)cm1?1?33(1) ? (2)?
7?4??x2?5cos(3t?)cm?x2?5cos(3t?)cm33??7????2?, 解: (1)∵ ????2??1?33∴合振幅 A?A1?A2?10cm
4?????, 33∴合振幅 A?0
(2)∵ ???5-5 在驻波的两相邻波节间的同一半波长上,描述各质点振动的什么物理量不同,什么物
理量相同?
解: 取驻波方程为y?2Acos2??xcos??vt,则可知,在相邻两波节中的同一半波长上,
描述各质点的振幅是不相同的,各质点的振幅是随位置按余弦规律变化的,即振幅变化规律可表示为2Acos2??x.而在这同一半波长上,各质点的振动位相则是相同的,即以相邻
两波节的介质为一段,同一段介质内各质点都有相同的振动位相,而相邻两段介质内的质点振动位相则相反.
5-8 已知波源在原点的一列平面简谐波,波动方程为y=Acos(Bt?Cx),其中A,B,
C 为正值恒量.求:
(1)波的振幅、波速、频率、周期与波长;
(2)写出传播方向上距离波源为l处一点的振动方程;
(3)任一时刻,在波的传播方向上相距为d的两点的位相差. 解: (1)已知平面简谐波的波动方程
y?Acos(Bt?Cx) (x?0)
将上式与波动方程的标准形式
y?Acos(2??t?2?比较,可知: 波振幅为A,频率??x?)
B, 2?9
9
2?B,波速u????, CC12?波动周期T??.
?B(2)将x?l代入波动方程即可得到该点的振动方程
波长??y?Acos(Bt?Cl)
(3)因任一时刻t同一波线上两点之间的位相差为 ???将x2?x1?d,及??2??(x2?x1)
2?代入上式,即得 C???Cd.
5-11 一列平面余弦波沿x轴正向传播,波速为5m·s
-1
,波长为2m,原点处质点的振动曲线
如题5-11图所示. (1)写出波动方程;
(2)作出t=0时的波形图及距离波源0.5m处质点的振动曲线.
解: (1)由题5-11(a)图知,A?0.1 m,且t?0时,y0?0,v0?0,∴?0?又??3?, 2u??5?2.5Hz,则??2???5? 2题5-11图(a)
取 y?Acos[?(t?)??0], 则波动方程为
xuy?0.1cos[5?(t?(2) t?0时的波形如题5-11(b)图
x3??)]m 52
题5-11图(b) 题5-11图(c) 将x?0.5m代入波动方程,得该点处的振动方程为
y?0.1cos(5?t?如题5-11(c)图所示.
5??0.53??)?0.1cos(5?t??)m 0.52 10 10
T2pTp?2 2?2 T3p3T3p1 S2?S1?CPlnV2p?CVln2 V1p1在1?2等温过程中 p1V1?p2V2 所以 S2?S1?CPlnV2VCV2lnV2Vln?RV?Rln21V111?4?2熵变
S4dQ2d2?S1??1T??Q4T S2?S1?0??T2CpdTTT?ClnT24pT?CTpln1 4T41?4绝热过程
T1V??1??1T1V??141?T4V4T???1 4V1p?V41V1?p?4V4,?(p1)1/??(p1)1/?V 1p4p2在1?2等温过程中 p1V1?p2V2
V4?(p1)1/??(p1)1/??(V2)1/?V 1p4p2V1T??11?(V2?T)
4V1ST12?S1?CPlnT?C??1V2P?lnV?Rln2 41
16 16
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