2010年田家炳实验中学高一数学竞赛试题
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2010年田家炳实验中学高一数学竞赛试题
2010年田家炳实验中学高一数学竞赛试题
一.选择题:本大题共6小题,每小题5分,共30分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的. 1.已知集合M 3,log2x4 ,N x,y ,且M N 2 ,函数f:M N满足:对任意的
x M,都有x f x 为奇数,满足条件的函数的个数为 ( ) A.0 B.1
C.2
D.4
2.在等差数列 an 中,已知13a6 19a9,且a1 0,sn为数列 an 的前n项和,则在
s1,s2,s3, ,s50中,最大的一个是
( )
C.s25
D.s30
A.s15 B.s16
1
3.已知函数f x sin4x cos2x sin2xcos2x x R ,则f x ( )
4
A.最大值为2 B.最小正周期为 C.一条对称轴为x
4
D.一个对称中心为(
,) 168
7
4.已知函数f x 2x 1 2, 关于x的方程f2 x 2f x k 0,下列四个命题中是假命.题的是
( )
A.存在实数k,使得方程恰有2个不同的实根; B.存在实数k,使得方程恰有4个不同的实根; C.存在实数k,使得方程恰有6个不同的实根; D.存在实数k,使得方程恰有8个不同的实根;
5.如图,在 OAB中,点P是线段OB及AB、AO
的延长线所围成的阴影区域内(含边界)的任意一点,
且OP xOA yOB,则在直角坐标平面上,实数对 x,y下侧部分的面积是
( ) A.
579
B. C.4 D. 222
2
1 6.已知函数f x x4 ax3 bx2 cx d a,b,c,d为实常数 的图象经过三点A 2, ,
1 1
B 3, ,C 4, ,则
4 3
f 1 f 5 的值等于 ( )
C.
A.0 B.1
26
D.25 5
二.填空题:本大题共有8题,只要求直接填写结果,请将结果直接填在规定的横线上,每题填对得7分,共56分.
且sin 2cos sin ,若tan 3,则tan 。. 7.已知 , 0 ,
2
2010年田家炳实验中学高一数学竞赛试题
8.若(x y)5 x5 y 0 ,则y 。
9.函数f n n n 2 n 3 n 100 50n n N 的最小值等于 。 1 1 3x fx f x 10.设函数f x ,若表示不大于的最大整数,则函数xx 2 2 1 3x
的值域是 。
11.已知a、b是两个相互垂直的单位向量,而c 13,c a 3,c b 4.则对于任意
实数t1、t2,c t1a t2b的最小值是
12.已知二次函数f x x2 2mx 1,若对于 0,1 上的任意三个实数a,b,c,函数值则满足条件的m的值可以是。f a ,f b ,f c 都能构成一个三角形的三边长,
1 2 3 4 5 6 7 …
(写出一个即可)
3 5 7 9 11 13 …
13.如图是一个数表,第一行依次写着从小到大的正整
8 12 16 20 24 …
数,然后把每行的相邻两个数的和写在这两数的正中间
20 28 36 44 …
的下方得到下一行,数表从左到右、从上到下无限。则
48 64 80 …
2000在表中出现
112 144 …
… 偏… 北 14.机器人根据指令在平面上至多能完成下列两步骤:先从原点O… 沿 正东
(0 ≤ ≤90 )方向行走一段时间后,再向正北方向行走一段时间,但何时改变方向不定,假定机器人行走速度为每分钟10米,则行走2分钟时,机器人所在位置的可能范围的面积是 平方米.
三.解答题:本大题共有5题,满分64分,解答下列各题必须写出必要的步骤. 15.(满分12分)如图,已知O为 ABC的外心,a,b,c分别是角A、B、C的对边,且满 足CO AB BO CA。
(1)推导出三边a,b,c之间的关系式; (2)求
tanAtanA
的值。
tanBtanC
B
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16.(满分12分)已知函数f x
1
,对于n N ,定义f1 x f x ,fn 1 x f fn x ,1 x
偶函数g x 的定义域为 xx 0 ,当x 0时,g x f2009 x 。 (1)求g x ;
(2)若存在实数a,b a b 使得该函数在 a,b 上的最大值为ma,最小值为mb,求非零实数m的取值范围。
2
17.(满分12分)数列 an 满足:a1 3,an 1 an 2an 2 n N*
(1)求数列 an 的通项公式; (2)求证:数列 an 中的任两项互质。 (3)记bn
11
,Sn为数列 bn 的前n项和,求S2009的整数部分;
anan 2
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18. (满分12分)已知平面上10个圆,任意两个都相交.是否存在直线l,与每个圆都有公共点?证明你的结论.
19.(满分12分)设△ABC的外接圆、内切圆半径分别为R、r.外心到重心的距离为e,内心到重心的距离为f.求证:R2 e2 ≥ 4(r2 f2).
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2010年田家炳实验中学高一数学竞赛答案
一、选择题:本大题共6小题,每小题5分,共30分。
1.B 解:由已知得x 1,y 2,M 3,2 ,N 1,2 ,对任意的x M,都有x f x 为奇数,所以满足条件的函数只有一个即f 3 2,f 2 1。
2.A 解:由13a6 19a9得,13a6 19 a6 3d ,所以2a6 19d 0,a6 a25 a15 a16 0,又因为a1 0,所以d 0,a15 0,a16 0,故选A
11
3.D 解:因为f x sin4x 1 sin2x sin4x 1 sin2xcos2x sin4x
88
11117 7
4x ,选D =1 sin22x sin4x cos4x sin4x 488884 8
4.D 解:设t f x ,t2 2t k 0,因为对称轴为x 1,所以当t1 3,t2 1时,A答案正确;
13
当t1 0,t2 2,B答案正确;当t1 ,t2 时,C
22
5.A
解:如图过P作MN//OB,则 OP OM MP mAO nMN mAO nAN mAO n 1 m AB AO
mOA n 1 m OB m 0,0 n 1 x 0 x 0
x m 所以 y 0y
y n1 m0 n 1 1 x x y 1
如图,选A 6.D
解:由已知,设
1
g x f x x x5 ax4 bx3 cx2 dx 1
x 1
x 2 x 3 x 4 x2 mx
24
所以f x
2
x 2 x 3 x 4 x mx
1
24
x
211 25
,f 1 6 m 1 6m,
4x 24
1
6 25 5m
24 1 121 6m,所以f 1 f 5 25,选D f 5
554
二、填空题:本大题共8小题,每小题7分,共56分。
7.1。解:由知得sin 2cos sin sin cos 3cos sin
tan 3tan tan 1
8.0。解:原方程可化为 x y x y x5 x x y x y 0 150,n 1009.4400。解:因为f n 1 f n n n 100 50
2n 50,1 n 100
5
2010年田家炳实验中学高一数学竞赛试题
所以f 1 f 2 f 25 f 26 f 27 所以f n 的最小值为f 25 f 26 4400
1
10.{0,1}。解:由已知得0 f x 1,f x f x 1,所以当f x f x 时,值为1;
2
11
当0 f x 时,值为0;当 f x 1时,值为0;所以值域为 0,1
22
11.已知a、b是两个相互垂直的单位向量,而c 13,c a 3,c b 4.则对于
任意实数t1、t2,c t1a t1b的最小值是 .
解:12.
2 22 22 2 c t1a t2b c t1a t2b 2t1c a 2t2c b 2t1t2a b
2
169 t12 t2 6t1 8t2 (t1 3)2 (t2 4)2 144≥144.
12. 0,
f x min 02
内的任一实数。解:由题意当x 0,1 时, ; 2 2f x min f x max
f x min f 0 1 0
当m 0时, 不存在;
2f x min 2 f x max f 1 2 2m m 0, 3 f x min f 1 2 2m 0
当m 1时, m ,不存在;
4 2f x min 4 4m f x max f 0 1
2
1 f x min f m 1 m 0
当0 m 时, 0 m 1, 2
2 2f x min 2 2m f x max f 1 2 2m
所以这时0 m
1
; 2
2
1 f x min f m 1 m 0
当 m 1时, ,
m 2
22fxmin 2 2m fxmax f0 1
所以这时
1 m
0 m 2n 1
13.解:由数表推得,每一行都是等差数列,第n行的公差为2,
记第n行的第m个数为f n,m ,则f n,1 f n 1,1 f n 1,2 2f n 1,1 2n 2
f n,1 2n
f n 1,1 2n 1
1 4
算得f n,1 n 1 2n 2 f n,m f n,1 m 1 2n 1 2n 2 2m n 1 n N
2n 2 2m n 1 2000 24 53,当n 1,3,5,6时符合。答案为4。
14.机器人根据指令在平面上至多能完成下列两步骤:先从原点O沿正东偏北 (0 ≤ ≤90 )方向行走一段时间后,再向正北方向行走一段时间,但何时改变方向不定,假定机器人行走速度为每分钟10米,则行走2分钟时,机器人所在位置的可能范围的面积是 平方米.
解:100 200.
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三、解答题:本大题共3小题,共54分。
15.解:(1)取AB、AC的中点E、F,则 1 CO AB (CE EO) AB CE AB CB CA 2
12
a b2 4分2
12
c a2同理
2
;
所以2a2 b2 c2…… (2)
tanAtanA cosBcosC sinAsin B C
tanBtanC sinBsinC cosAsinB sinC cosA
a2
2 16分
b2 c2 a2bc
2bc
16.解:(1)因为
11x 11
f1 x f x ,f2 x f f1 x ,f3 x f fx x 2 1x 11 xx1 1
1 xx
f4 x f f3 x
1
,所以迭代函数以3为周期,f1 x
x 11
xx
2009 x f2 x
x 1
… 设x 0,则 x 0,g x g x
1
x,x 0
所以g x …
1,x 0 x
图象如右:
(2)因为a b,ma mb 0 m 0,a b 0;
又因为mb 0,所以 1 [a,b](否则m 0,,矛盾)
1
1 ma 1 a
当a b 1,则f x 1 在( , 1]上是减函数 由题意
1x 1 mb b
111
所以a,b是方程1 mx的两不同实根, x2 x 0在 , 1 有两个不同实根,
xmm
14 0 m2m
111
g 1 1 0 m 0 15分
mm4
1
2m 1
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1 1 mb 1 a
当 1 a b 0时,则f x 1 在( 1,0)上是增函数,由题意
x 1 1 ma
b
a b不合.
1
综上所述 m 0。----------------
4
17.(1)解:因为an 1 an 1 1 an 2 1 a2 1 当n 1,a1 1 22也成立,所以an 22
1 1
n 1
2
222n 2
a1 1
2n 1
22
n 1
1;---------------------------------
(2)因为an 2 an 1 an 1 2 an 1an 2 an 2 2 an 1an 2 a2a1 所以an an 1an 2 a2a1 2,--------------------------------------------------------------- 因为an为奇数,所以对任意的n 1,an与前面项a1,a2, ,an 1 (3)解:因为an 1 2 an an 2 ,所以所以bn
21111
, ,又因为bn
an 1 2an 2ananan 2
22
,---------------------------------------------------16分;
an 2an 1 2
222
,所以S2009的整数部分为1。 2 22010
a1 2a2010 22 1
所以S2009
18.已知平面上10个圆,任意两个都相交.是否存在直线l,与每个圆都有公共点?证明你的结论.
解:存在直线l,与每个圆都有公共点. 证明如下:
如图,先作直线l0,设第i个圆在直线l0上的正投影是线段AiBi,其中Ai、Bi分别是线段的左右端点.
10个圆有10个投影线段,有10个左端点,有
10个右端点.
A1
A2 AkBm
B2 B1
因为任意两个圆都相交,所以任意两条投影线段都有重叠的部分,设Ak是最右边的左端点,则所有右端点都在Ak的右边,否则必有两条投影线段无重叠部分,与对应的两个 圆相交矛盾.
再设Bm是最左边的右端点,同理所有左端点都在Bm的左边. Ak与Bm不重合,线段
AkBm是任意一条投影线段的一部分,过线段AkBm上某一点作直线l0的垂线l,则l与10
个圆都相交.
19.设△ABC的外接圆、内切圆半径分别为R、r.外心到重心的距离为e,
2010年田家炳实验中学高一数学竞赛试题
内心到重心的距离为f.求证:R2 e2 ≥ 4(r2 f2).
证:设点P为平面ABC上任意一点,G为△ABC重心,则
3PG PA PB PC.
∴
2 29PG (PA PB PC)
2 2 2 PA PB PC 2(PA PB PA PC PB PC)
2 2 2 2 2 2 3PA 3PB 3PC (PA PB) (PA PC) (PB PC)
2 2 2 2 2 2
3PA 3PB 3PC AB AC BC.
设AB c,AC b,BC a,则
2 2 2 212
3PG PA PB PC (a b2 c2).
3
121222222222
当P为外心O时,3e 3R (a b c).即 R e (a b c).
39
12222222当P为内心I时,3f IA IB IC (a b c).
3
如图,内切圆I切三边于D、E、F,设AE AF x,BD BF y,CD CE z.而IA x r,从而
2
2
2
B
D
∴
1
3f 3r x y z (a2 b2 c2).
3
11
r2 f2 (a2 b2 c2) (x2 y2 z2).
93
2
2
2
2
2
要证R2 e2 ≥ 4(r2 f2),只要证4(x2 y2 z2) ≥ a2 b2 c2.
而2x b c a,2y a c b,2z a b c. ∴
4x2 4y2 4z2 (b c a)2 (a c b)2 (a b c)2 3(a2 b2 c2) 2(ab bc ca).
2
2
2
2
2
2
所以只要证:3(a b c) 2(ab bc ca) ≥ a b c. 只要证:(a b) (b c) (a c) ≥ 0. 此式显然成立.
2
2
2
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