概率论与数理统计及其应用课后答案(浙江大学_盛骤版) 2
更新时间:2023-04-25 04:24:01 阅读量: 实用文档 文档下载
概率论与数理统计及其应用习题解答
1 第1章 随机变量及其概率
1,写出下列试验的样本空间:
(1) 连续投掷一颗骰子直至6个结果中有一个结果出现两次,记录
投掷的次数。
(2) 连续投掷一颗骰子直至6个结果中有一个结果接连出现两次,
记录投掷的次数。
(3) 连续投掷一枚硬币直至正面出现,观察正反面出现的情况。
(4) 抛一枚硬币,若出现H 则再抛一次;若出现T ,则再抛一颗骰
子,观察出现的各种结果。
解:(1)}7,6,5,4,3,2{=S ;(2)},4,3,2{ =S ;(3)},,,,{ TTTH TTH TH H S =;
(4)}6,5,4,3,2,1,,{T T T T T T HT HH S =。
2,设B A ,是两个事件,已知,125.0)(,5.0)(,25.0)(===AB P B P A P ,求)])([(),(),(),(___
___AB B A P AB P B A P B A P ??。 解:625.0)()()()(=-+=?AB P B P A P B A P ,
375.0)()(])[()(=-=-=AB P B P B A S P B A P ,
875.0)(1)(___
--=AB P AB P , 5.0)(625.0)])([()()])([()])([(___
=-=?-?=-?=?AB P AB B A P B A P AB S B A P AB B A P
3,在100,101,…,999这900个3位数中,任取一个3位数,求不包含数字1个概率。
解:在100,101,…,999这900个3位数中不包含数字1的3位数
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2 的个数为648998=??,所以所求得概率为
72.0900
648= 4,在仅由数字0,1,2,3,4,5组成且每个数字之多出现一次的全体三位数中,任取一个三位数。(1)求该数是奇数的概率;(2)求该数大于330的概率。
解:仅由数字0,1,2,3,4,5组成且每个数字之多出现一次的全体三位数的个数有100455=??个。(1)该数是奇数的可能个数为48344=??个,所以出现奇数的概率为
48.0100
48= (2)该数大于330的可能个数为48454542=?+?+?,所以该数大于330的概率为
48.0100
48= 5,袋中有5只白球,4只红球,3只黑球,在其中任取4只,求下列事件的概率。
(1)4只中恰有2只白球,1只红球,1只黑球。
(2)4只中至少有2只红球。
(3)4只中没有白球。
解: (1)所求概率为338412
131425=C C C C ; (2) 所求概率为16567495201412
4418342824==++C C C C C C ; (3)所求概率为165
74953541247==C C 。 6,一公司向M 个销售点分发)(M n n <张提货单,设每张提货单分发给
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3 每一销售点是等可能的,每一销售点得到的提货单不限,求其中某一特定的销售点得到)(n k k ≤张提货单的概率。
解:根据题意,)(M n n <张提货单分发给M 个销售点的总的可能分法
有n M 种,某一特定的销售点得到)(n k k ≤张提货单的可能分法有k n k n M C --)1(种,所以某一特定的销售点得到)(n k k ≤张提货单的概率为
n k n k n M
M C --)1(。 7,将3只球(1~3号)随机地放入3只盒子(1~3号)中,一只盒子装一只球。若一只球装入与球同号的盒子,称为一个配对。
(1)求3只球至少有1只配对的概率。
(2)求没有配对的概率。
解:根据题意,将3只球随机地放入3只盒子的总的放法有3!=6种:123,132,213,231,312,321;没有1只配对的放法有2种:312,231。至少有1只配对的放法当然就有6-2=4种。所以
(2)没有配对的概率为3162=;
(1)至少有1只配对的概率为3
2311=-。
8,(1)设,1.0)(,3.0)(,5.0)(===AB P B P A P ,求)|(),|(),|(B A A P A B P B A P ?, )|(),|(AB A P B A AB P ?. (2)袋中有6只白球,5只红球,每次在袋中任取1只球,若取到白球,放回,并放入1只白球;若取到红球不放回也不放入另外的球。连续取球4次,求第一、二次取到白球且第三、四次取到红球的概率。 解:(1)由题意可得7.0)()()()(=-+=?AB P B P A P B A P ,所以
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4 313.01.0)()()|(===B P AB P B A P , 5
15.01.0)()()|(===A P AB P A B P , 7
5)()()()]([)|(=?=??=?B A P A P B A P B A A P B A A P , 71)()()()]([)|(=?=??=
?B A P AB P B A P B A AB P B A AB P , 1)
()()()]([)|(===AB P AB P AB P AB A P AB A P 。 (2)设)4,3,2,1(=i A i 表示“第i 次取到白球”这一事件,而取到红球可以用它的补来表示。那么第一、二次取到白球且第三、四次取到红球可以表示为4321A A A A ,它的概率为(根据乘法公式)
)|()|()|()()(32142131214321A A A A P A A A P A A P A P A A A A P =
0408.020592
840124135127116==???=。 9,一只盒子装有2只白球,2只红球,在盒中取球两次,每次任取一只,做不放回抽样,已知得到的两只球中至少有一只是红球,求另一只也是红球的概率。
解:设“得到的两只球中至少有一只是红球”记为事件A ,“另一只也是红球”记为事件B 。则事件A 的概率为
6
5314232422)(=?+??=A P (先红后白,先白后红,先红后红) 所求概率为
5
16
53142)()()|(=?==A P AB P A B P 10,一医生根据以往的资料得到下面的讯息,他的病人中有5%的人以为自己患癌症,且确实患癌症;有45%的人以为自己患癌症,但实
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5 际上未患癌症;有10%的人以为自己未患癌症,但确实患了癌症;最后40%的人以为自己未患癌症,且确实未患癌症。以A 表示事件“一病人以为自己患癌症”,以B 表示事件“病人确实患了癌症”,求下列概率。
(1))(),(B P A P ;(2))|(A B P ;(3))|(A B P ;(4))|(B A P ;(5))|(B A P 。 解:(1)根据题意可得
%50%45%5)()()(=+=+=B A P AB P A P ;
%15%10%5)()()(=+=+=A B P BA P B P ;
(2)根据条件概率公式:1.0%50%5)()()|(===
A P A
B P A B P ; (3)2.0%501%10)()()|(=-==
A P A
B P A B P ; (4)179%151%45)()()|(=-==
B P B A P B A P ; (5)3
1%15%5)()()|(===B P AB P B A P 。 11,在11张卡片上分别写上engineering 这11个字母,从中任意连抽6张,求依次排列结果为ginger 的概率。
解:根据题意,这11个字母中共有2个g ,2个i ,3个n ,3个e ,1个r 。从中任意连抽6张,由独立性,第一次必须从这11张中抽出2个g 中的任意一张来,概率为2/11;第二次必须从剩余的10张中抽出2个i 中的任意一张来,概率为2/10;类似地,可以得到6次抽取的概率。最后要求的概率为
9240
13326403661738193102112==?????;或者92401611111311131212=A C C C C C C 。
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6 12,据统计,对于某一种疾病的两种症状:症状A 、症状B ,有20%的人只有症状A ,有30%的人只有症状B ,有10%的人两种症状都有,其他的人两种症状都没有。在患这种病的人群中随机地选一人,求
(1)该人两种症状都没有的概率;
(2)该人至少有一种症状的概率;
(3)已知该人有症状B ,求该人有两种症状的概率。
解:(1)根据题意,有40%的人两种症状都没有,所以该人两种症状都没有的概率为%40%10%30%201=---;
(2)至少有一种症状的概率为%60%401=-;
(3)已知该人有症状B ,表明该人属于由只有症状B 的30%人群或者两种症状都有的10%的人群,总的概率为30%+10%=40%,所以在已知该人有症状B 的条件下该人有两种症状的概率为41%10%30%10=+。 13,一在线计算机系统,有4条输入通讯线,其性质如下表,求一随机选择的进入讯号无误差地被接受的概率。
通讯线
通讯量的份额 无误差的讯息的份额 1
0.4 0.9998 2
0.3 0.9999 3
0.1 0.9997 4 0.2 0.9996
解:设“讯号通过通讯线i 进入计算机系统”记为事件)4,3,2,1(=i A i ,“进入讯号被无误差地接受”记为事件B 。则根据全概率公式有 9996.02.09997.01.09999.03.09998.04.0)|()()(4
1?+?+?+?==∑=i i i A B P A P B P
=0.99978
14,一种用来检验50岁以上的人是否患有关节炎的检验法,对于确
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7 实患关节炎的病人有85%的给出了正确的结果;而对于已知未患关节炎的人有4%会认为他患关节炎。已知人群中有10%的人患有关节炎,问一名被检验者经检验,认为他没有关节炎,而他却有关节炎的概率。 解:设“一名被检验者经检验认为患有关节炎”记为事件A ,“一名被检验者确实患有关节炎”记为事件B 。根据全概率公式有
%1.12%4%90%85%10)|()()|()()(=?+?=+=B A P B P B A P B P A P , 所以,根据条件概率得到所要求的概率为
%06.17%
1.121%)851%(10)(1)|()()()()|(=--=-==A P B A P B P A P A B P A B P 即一名被检验者经检验认为没有关节炎而实际却有关节炎的概率为17.06%.
15,计算机中心有三台打字机A,B,C ,程序交与各打字机打字的概率依次为0.6, 0.3, 0.1,打字机发生故障的概率依次为0.01, 0.05, 0.04。已知一程序因打字机发生故障而被破坏了,求该程序是在A,B,C 上打字的概率分别为多少?
解:设“程序因打字机发生故障而被破坏”记为事件M ,“程序在A,B,C 三台打字机上打字”分别记为事件321,,N N N 。则根据全概率公式有
025.004.01.005.03.001.06.0)|()()(3
1=?+?+?==∑=i i i N M P N P M P ,
根据Bayes 公式,该程序是在A,B,C 上打字的概率分别为
24.0025
.001.06.0)()|()()|(111=?==M P N M P N P M N P , 60.0025.005.03.0)()|()()|(222=?==
M P N M P N P M N P ,
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8 16.0025
.004.01.0)()|()()|(333=?==M P N M P N P M N P 。 16,在通讯网络中装有密码钥匙,设全部收到的讯息中有95%是可信的。又设全部不可信的讯息中只有0.1%是使用密码钥匙传送的,而全部可信讯息是使用密码钥匙传送的。求由密码钥匙传送的一讯息是可信讯息的概率。
解:设“一讯息是由密码钥匙传送的”记为事件A ,“一讯息是可信的”记为事件B 。根据Bayes 公式,所要求的概率为
%9947.99%
1.0%51%951%95)|()()|()()|()()()()|(=?+??=+==B A P B P B A P B P B A P B P A P AB P A B P
17,将一枚硬币抛两次,以A,B,C 分别记事件“第一次得H ”,“第二次得H ”,“两次得同一面”。试验证A 和B ,B 和C ,C 和A 分别相互独立(两两独立),但A,B,C 不是相互独立。
解:根据题意,求出以下概率为
21)()(=
=B P A P , 2
121212121)(=?+?=C P ; 412121)(=?=AB P , 412121)()(=?==CA P BC P ,412121)(=?=ABC P 。 所以有
)()()(B P A P AB P =,)()()(C P A P AC P =,)()()(C P B P BC P =。
即表明A 和B ,B 和C ,C 和A 两两独立。但是
)()()()(C P B P A P ABC P ≠
所以A,B,C 不是相互独立。
18,设A,B,C 三个运动员自离球门25码处踢进球的概率依次为0.5,
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9 0.7, 0.6,设A,B,C 各在离球门25码处踢一球,设各人进球与否相互独立,求(1)恰有一人进球的概率;(2)恰有二人进球的概率;(3)至少有一人进球的概率。
解:设“A,B,C 进球”分别记为事件)3,2,1(=i N i 。
(1)设恰有一人进球的概率为1p ,则
}{}{}{3213213211N N N P N N N P N N N P p ++=
)()()()()()()()()(321321321N P N P N P N P N P N P N P N P N P ++= (由独立性) 6.03.05.04.07.05.04.03.05.0??+??+??=
29.0=
(2)设恰有二人进球的概率为2p ,则
}{}{}{3213213212N N N P N N N P N N N P p ++=
)()()()()()()()()(321321321N P N P N P N P N P N P N P N P N P ++= (由独立性) 6.03.05.06.07.05.04.07.05.0??+??+??=
44.0=
(3)设至少有一人进球的概率为3p ,则
}{13213N N N P p -=)()()(1321N P N P N P -=4.03.05.01??-=94.0=。
19,有一危重病人,仅当在10分钟之内能有一供血者供给足量的A-RH +血才能得救。设化验一位供血者的血型需要2分钟,将所需的血全部输入病人体内需要2分钟,医院只有一套验血型的设备,且供血者仅有40%的人具有该型血,各人具有什么血型相互独立。求病人能得救的概率。
解:根据题意,医院最多可以验血型4次,也就是说最迟可以第4个人才验出是A-RH +型血。问题转化为最迟第4个人才验出是A-RH +型血的概率是多少?因为
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10
第一次就检验出该型血的概率为0.4;
第二次才检验出该型血的概率为0.6?0.4=0.24;
第三次才检验出该型血的概率为0.62?0.4=0.144;
第四次才检验出该型血的概率为0.63?0.4=0.0864;
所以病人得救的概率为0.4+0.24+0.144+0.0864=0.8704
20,一元件(或系统)能正常工作的概率称为元件(或系统)的可靠性。如图设有5个独立工作的元件1,2,3,4,5按先串联再并联的方式连接,设元件的可靠性均为p ,试求系统的可靠性。
解:设“元件i 能够正常工作”记为事件)5,4,3,2,1(=i A i 那么系统的可靠性为
)()()()}()(){(5432154321A A P A P A A P A A A A A P ++=??
)()()()(543215435421321A A A A A P A A A P A A A A P A A A P +--- )()()()()()()()()()()()(542132154321A P A P A P A P A P A P A P A P A P A P A P A P --++= )()()()()()()()(54321543A P A P A P A P A P A P A P A P +-
534322p p p p p p p +---++=
543222p p p p p +--+=
21,用一种检验法检测产品中是否含有某种杂质的效果如下。若真含有杂质检验结果为含有的概率为0.8;若真不含有杂质检验结果为不含有的概率为0.9,据以往的资料知一产品真含有杂质或真不含有杂质的概率分别为0.4,0.6。今独立地对一产品进行了3次检验,结果是2次检验认为含有杂质,而一次检验认为不含有杂质,求此产品真含有杂质的概率。(注:本题较难,灵活应用全概率公式和Bayes 公式)
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解:设“一产品真含有杂质”记为事件A ,“对一产品进行3次检验,结果是2次检验认为含有杂质,而1次检验认为不含有杂质”记为事件B 。则要求的概率为)|(B A P ,根据Bayes 公式可得
)
|()()|()()|()()|(A B P A P A B P A P A B P A P B A P += 又设“产品被检出含有杂质”记为事件C ,根据题意有4.0)(=A P ,而且8.0)|(=A C P ,9.0)|(=A C P ,所以
384.0)8.01(8.0)|(223=-??=C A B P ;027.09.0)9.01()|(223=?-?=C A B P 故,
9046.01698
.01536.0027.06.0384.04.0384.04.0)|()()|()()|()()|(==?+??=+=A B P A P A B P A P A B P A P B A P
第2章 随机变量及其分布
1,设在某一人群中有40%的人血型是A 型,现在在人群中随机地选人来验血,直至发现血型是A 型的人为止,以Y 记进行验血的次数,求Y 的分布律。
解:显然,Y 是一个离散型的随机变量,Y 取k 表明第k 个人是A 型血而前1-k
个人都不是A 型血,因
此有 116.04.0)4.01(4.0}{--?=-?==k k k Y P , ( ,3,2,1=k )
上式就是随机变量Y 的分布律(这是一个几何分布)。
2,水自A 处流至B 处有3个阀门1,2,3,阀门联接方式如图所示。当信号发出时各阀门以0.8的概率打开,以X 表示当信号发出时水自A 流至B 的通路条数,求X 的分布律。设各阀门的工作相互独立。 解:X 只能取值0,1,2。设以)3,2,1(=i A i 记第i 个阀门没有打开这一事件。则)}(){()}({}0{3121321A A A A P A A A P X P ?=?==
)()()()()()()(}{}{}{32131213213121A P A P A P A P A P A P A P A A A P A A P A A P -+=-+= 072.0)8.01()8.01()8.01(322=---+-=,
类似有512.08.0)()}({}2{3321321=====A A A P A A A P X P ,
416
.0}2{}0{1}1{==-=-==X P X P X P ,综上
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12 所述,可得分布律为
3,据信有20%的美国人没有任何健康保险,现任意抽查15个美国人,以X 表示15个人中无任何健康保险的人数(设各人是否有健康保险相互独立)。问X 服从什么分布?写出分布律。并求下列情况下无任何健康保险的概率:(1)恰有3人;(2)至少有2人;(3)不少于1人且不多于3人;(4)多于5人。 解:根据题意,随机变量X 服从二项分布B(15, 0.2),分布律为
15,2,1,0,8.02.0)(1515 =??==-k C k X P k
k k 。
(1),2501.08.02.0)3(1233
15=??==C X P
(2)8329.0)0()1(1)2(==-=-=≥X P X P X P ;
(3);
(4
)
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16 时,系统正常工作。现有一][5/3G 系统,它由相互独立的元件组成,设每个元件的可靠性均为0.9,求这一系统的可靠性。
解:对于][5/3G 系统,当至少有3个元件正常工作时,系统正常工作。而系统中正常工作的元件个数X
服从二项分布B(5, 0.9),所以系统正常工作的概率为
99144.01.09.0)(5355
53=??==∑∑=-=k k k k k C k X P 5,某生产线生产玻璃制品,生产过程中玻璃制品常出现气泡,以至产品成为次品,设次品率为0.001,现取8000件产品,用泊松近似,求其中次品数小于7的概率。(设各产品是否为次品相互独立) 解:根据题意,次品数X 服从二项分布B(8000, 0.001),所以
∑=-?=≤=<6080008000999.0001.0)6()7(k k
k k C X P X P
3134.0!8!)001.08000(608
6
0001.08000==?≈∑∑=-=?-k k k k k e k e (查表得)。 6,(1)设一天内到达某港口城市的油船的只数X~)10(π,求}15{>X
P (2)已知随机变量X~)(λπ,且有5.0}0{=>X
P ,求}2{≥X P 。 解:(1)0487.09513.01}15{1}15{=-=≤-=>X P X
P ; (2)根据5.01}0{1}0{=-==-=>-λe X P X P ,得到2ln =λ。所以
1534.02/)2ln 1(5.01}1{}0{1}2{≈-=--==-=-=≥-λλe X P X P X P 。
7,一电话公司有5名讯息员,各人在t 分钟内收到讯息的次数)2(~t X π(设各人收到讯息与否相互独立)。(1)求在一给定的一分钟内第一个讯息员未收到讯息的概率。(2)求在给定的一分钟内5个讯息员恰有4人未收到讯息的概率。(3)写出在一给定的一分钟内,所有5个讯息员收到相同次数的讯息的概率。 解:在给定的一分钟内,任意一个讯息员收到讯息的次数
)2(~πX 。 (1)1353.0}0{2≈==-e X P ;
(2)设在给定的一分钟内5个讯息员中没有收到讯息的讯息员人数用Y 表示,则Y~ B(5, 0.1353),所以
00145.0)1353.01(1353.0}4{445=-?==C Y P 。
(3)每个人收到的讯息次数相同的概率为
()∑∑∞=-∞=-???? ??=???? ??051005
2
!32!2k k k k k e k e
8,一教授当下课铃打响时,他还不结束讲解。他常结束他的讲解在铃响后的一分钟以内,以X 表示铃响
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17 至结束讲解的时间。设X 的概率密度为???≤≤=他其100)(2x kx x f , (1)确定k ;(2)求}3
1{≤X P ;(3)求}2141{≤≤X P ;(4)求}3
2{>X P 。 解:(1)根据3)(11
2k dx kx dx x f ===
??+∞∞-,得到3=k ; (2)271313}31{3
3/10
2=??? ??==≤?dx x X P ; (3)64741213}2141{332/14/12=??
? ??-??? ??==≤≤?dx x X P ; (4)27193213}32{313
/22=??? ??-==>?dx x X P 。 9,设随机变量X 的概率密度为
???≤≤=他其1000003.0)(2x x x f ,求t 的方程04522=-++X Xt t 有实根的概率。
解:方程04522=-++X Xt t
有实根表明0)45(442≥--=?X X ,即0452≥+-X X ,从而要求4≥X 或者1≤X 。因为
001.0003.0}1{1
02==≤?dx x X P , 936.0003.0}4{104
2==≥?dx x X P
所以方程有实根的概率为0.001+0.936=0.937.
10,设产品的寿命X (以周计)服从瑞利分布,其概率密度为
??
???≥=-他其00100)(200/2x e x x f x
(1) 求寿命不到一周的概率;
(2) 求寿命超过一年的概率; (3) 已知它的寿命超过20周,求寿命超过26周的条件概率。
解:(1)00498.01100}1{200/11
200/2≈-==<--?
e dx e x X P x ; (2)000001.0100}52{200/270452
200/2≈==>-+∞-?e dx e x X P x ;
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18 (3)25158.0100100}20{}26{}2026{200/27620200/26
200/22≈==>>=>>-∞+-+∞
-??e dx e x dx e x X P X P X X P x x 。
11,设实验室的温度X (以C 计)为随机变量,其概率密度为
??
???≤≤--=他其210)4(91)(2x x x f (1) 某种化学反应在温度X >1时才能发生,求在实验室中这种化学反应发生的概率。
(2) 在10个不同的实验室中,各实验室中这种化学反应是否会发生时相互独立的,以Y 表示10个实
验室中有这种化学反应的实验室的个数,求Y 的分布律。
(3) 求}2{=Y P ,}2{≥X P 。
解:(1)?=-=>2
12275)4(91}1{dx x X P ;
(2)根据题意)27
5,10(~B Y ,所以其分布律为 10,2,1,0,2722275)(1010 =??
? ?????? ???==-k C k Y P k k k
(3) 2998.02722275)2(82210=??
? ?????? ???==C Y P , 5778.0)1()0(1)2(==-=-=≥Y P Y P Y P 。
12,(1)设随机变量Y 的概率密度为
??
???≤<≤<-+=他其100102.02.0)(y y Cy y f 试确定常数C ,求分布函数)(y F ,并求}5.00{≤≤Y
P ,}1.0|5.0{>>Y Y P 。
(2)设随机变量X 的概率密度为 ??
???≤≤<<=他其422008/8/1)(x x x x f 求分布函数)(x F ,并求}31{≤≤
x P ,}3|1{≤≥X X P 。
概率论与数理统计及其应用习题解答
19
解:(1)根据24.0)2.0(2.0)(11
001C dy Cy dy dy y f +=++==
???-+∞∞-,得到2.1=C 。
110011)2.12.0(2.0)2.12.0(2.02.00)()(01
100101≥<≤<≤--??????????++++==??????---∞-y y y y dy y dy dy y dy dy dy y f y F y y y 11001112.02.06.0)1(2.002≥<≤<≤--??
????+++=y y y y y y y 25.02.045.0)0()5.0(}0{}5.0{}5.00{=-=-=≤-≤=≤≤F F Y P Y P Y P ;
7106.0226.0145.01)1.0(1)5.0(1}1.0{1}5.0{1}1.0{}5.0{}1.0|5.0{=--=--=≤-≤-=>>=>>F F Y P Y P Y P Y P Y Y P
(2)442200881881810)()(20
422020≥<≤<≤??????????++==??????∞-x x x x dx x dx dx x dx dx dx x f x F x x x 442200116/8/02≥<≤<≤??????=x x x x x x 16/78/116/9)1()3(}31{=-=-=≤≤F F x P ;
9/7)
3()1()3(}3{}31{}3|1{=-=≤≤≤=≤≥F F F X P X P X X P 。 13,在集合A={1,2,3,….,n}中取数两次,每次任取一数,作不放回抽样,以X 表示第一次取到的数,以Y 表示第二次取到的数,求X 和Y 的联合分布律。并用表格形式写出当n=3时X 和Y 的联合分布律。 解:根据题意,取两次且不放回抽样的总可能数为n(n-1),因此
)1(1},{-=
==n n j Y i X P ,(j i ≠,且n j i ≤≤,1) 当n 取3时, 1},{=
==j Y i X P ,(j i ≠,且3,1≤≤j i ),表格形式为
概率论与数理统计及其应用习题解答
20
14,设一加油站有两套用来加油的设备,设备A 是加油站的工作人员操作的,设备B 是有顾客自己操作的。A ,B 均有两个加油管。随机取一时刻,A ,B 正在使用的软管根数分别记为X ,Y ,它们的联合分布律为
(1) 求}1,1{==Y X
P ,}1,1{≤≤Y X P ;
(2) 求至少有一根软管在使用的概率; (3) 求}{Y X
P =,}2{=+Y X P 。
解:(1)由表直接可得}1,1{==Y X
P =0.2,
}1,1{≤≤Y X P =0.1+0.08+0.04+0.2=0.42
(2)至少有一根软管在使用的概率为
9.01.01}0,0{1}1{=-===-=≥+Y X P Y X P
(3)}2{}1{}0{}{==+==+====Y X P Y X P Y X P Y X
P =0.1+0.2+0.3=0.6
28.0}0,2{}1,1{}2,0{}2{===+==+====+Y X P Y X P Y X P Y X P
15,设随机变量(X ,Y )的联合概率密度为
?
??>>=+-他其,,0
,00),()42(y x Ce y x f y x
试确定常数C ,并求}2{>X P ,}{Y X P >,}1{<+Y X P 。
解:根据
1),(0
,0=??>>y x dxdy y x f ,可得
8
),(10
40
20
)
42(0
,0C
dy e dx e
C dy Ce
dx dxdy y x f y x
y x y x =
==
=
??????
+∞
-+∞
-+∞
+-+∞
>>,
所以8=C
。
404220)
42(2
2
428),(}2{-+∞
-+∞
-+∞
+-+∞
>==
==
>??????e dy e dx e
dy e
dx dxdy y x f X P y x
y x x ;
3
2
)1(2428),(}{0
420
40
20
)
42(0
=-=
=
=
=
>???????
+∞
---+∞
-+-+∞
>dx e e dy e
dx e
dy e
dx dxdy y x f Y X P x x x
y
x
x
y x y
x
概率论与数理统计及其应用习题解答
21 2210
410210)42(101)1(428),(}1{-----+-<+-====<+??????e dy e dx e dy e dx dxdy y x f Y X P x y x x
y x y x 。
16,设随机变量(X ,Y )在由曲线1,2/,22===x x y x y 所围成的区域G 均匀分布。
(1) 求(X ,Y )的概率密度;
(2) 求边缘概率密度)(),(y f x f Y X 。
解:(1)根据题意,(X ,Y )的概率密度),(y x f 必定是一常数,故由
),(61
),(),(12
22/10y x f dy y x f dx dxdy y x f x x G ===????,得到???∈=他
其,0),(,6),(G y x y x f 。 (2)?????<<===??∞+∞-他
其,,01
036),()(22
/2
2x x dy dy y x f x f x
x X ;
???
??<<-<<-=?????
??????<≤<<==???∞+∞-他
其,,,他其,,,0
1
5.0)1(65
.00)2(6015.065
.006),()(12y y y y y y dx y dx dx y x f y f y y
y
Y 18,设Y X ,是两个随机变量,它们的联合概率密度为
?????>>=+-他
其,,0,002),()
1(3
y x e
x y x f y x ,
(1) 求),(Y X 关于X 的边缘概率密度)(x f X ;
(2) 求条件概率密度)|(|x y f X Y ,写出当5.0=x 时的条件概率密度;
(3) 求条件概率}5.0|1{=≥X Y P 。
解:(1)?????>===??+∞-+-
∞+∞-其他
,00
,22),()(0
2
)1(3
x e x dy e x dy y x f x f x y x X 。
(2)当0>x 时,
???>==-其他
,00
,)(),()|(|y xe x f y x f x y f xy X X Y 。
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