第2讲 函数的单调性与最值
更新时间:2024-01-08 18:41:01 阅读量: 教育文库 文档下载
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第2讲 函数的单调性与最值
一、选择题
1.若函数f(x)=|2x+a|的单调递增区间是[3,+∞),则a的值为( ) A.-2
B.2
C.-6
D.6
aa
解析 由图象易知函数f(x)=|2x+a|的单调增区间是[-2,+∞),令-2=3,∴a=-6. 答案 C
2.(2016·北京卷)下列函数中,在区间(-1,1)上为减函数的是( ) 1A.y=
1-xC.y=ln(x+1) 解析 ∵y=
1
B.y=cos x D.y=2-x
与y=ln(x+1)在(-1,1)上为增函数,且y=cos x在(-1,1)1-x
?
y=2-x=?
1?x
?在(-1,1)上是减?2?
上不具备单调性.∴A,B,C不满足题意.只有函数. 答案 D
3.定义新运算“⊕”:当a≥b时,a⊕b=a2;当a
B.1
C.6
D.12
解析 由已知得当-2≤x≤1时,f(x)=x-2, 当1 ∵f(x)=x-2,f(x)=x3-2在定义域内都为增函数. ∴f(x)的最大值为f(2)=23-2=6. 答案 C 4.已知函数y=f(x)的图象关于x=1对称,且在(1,+∞)上单调递增,设a=?1?f?-2?,b=f(2),c=f(3),则a,b,c的大小关系为( ) ??A.c B.b ?1??5? 解析 ∵函数图象关于x=1对称,∴a=f?-2?=f?2?,又y=f(x)在(1,+∞)上 ????单调递增, ?5? ∴f(2) 5.f(x)是定义在(0,+∞)上的单调增函数,满足f(xy)=f(x)+f(y),f(3)=1,当f(x)+f(x-8)≤2时,x的取值范围是( ) A.(8,+∞) B.(8,9] C.[8,9] D.(0,8) 解析 2=1+1=f(3)+f(3)=f(9),由f(x)+f(x-8)≤2,可得f[x(x-8)]≤f(9),因为f(x)是定义在(0,+∞)上的增函数, x>0,?? 所以有?x-8>0,解得8 ??x(x-8)≤9,答案 B 二、填空题 ?1,x>0, 6.(2017·郑州模拟)设函数f(x)=?0,x=0,g(x)=x2f(x-1),则函数g(x)的递减 ?-1,x<0, 区间是________. x (x>1),?? 由题意知g(x)=?0 (x=1), ??-x2 (x<1), 2 解析 函数的图象如图所示的实线部分,根据图象,g(x)的减区间是[0,1). 答案 [0,1) ?1?x 7.(2017·石家庄调研)函数f(x)=?3?-log2(x+2)在区间[-1,1]上的最大值为 ??________. ?1?x 解析 由于y=?3?在R上递减,y=log2(x+2)在[-1,1]上递增,所以f(x)在[- ??1,1]上单调递减,故f(x)在[-1,1]上的最大值为f(-1)=3. 答案 3 2 ?-x+4x,x≤4, 8.(2017·潍坊模拟)设函数f(x)=?若函数y=f(x)在区间(a,a+ logx,x>4.?2 1)上单调递增,则实数a的取值范围是________. 解析 作出函数f(x)的图象如图所示,由图象可知f(x)在(a,a+1)上单调递增,需满足a≥4或a+1≤2,即a≤1或a≥4. 答案 (-∞,1]∪[4,+∞) 三、解答题 11 9.已知函数f(x)=a-x(a>0,x>0). (1)求证:f(x)在(0,+∞)上是增函数; ?1??1?,2??(2)若f(x)在2上的值域是?2,2?,求a的值. ????(1)证明 设x2>x1>0,则x2-x1>0,x1x2>0, ?11??11?11x2-x1 ∵f(x2)-f(x1)=?a-x?-?a-x?=x-x=xx>0, ??2?1?1212∴f(x2)>f(x1),∴f(x)在(0,+∞)上是增函数. ?1??1??1? (2)解 ∵f(x)在?2,2?上的值域是?2,2?,又由(1)得f(x)在?2,2?上是单调增函 ??????数, 2?1?1 ∴f?2?=2,f(2)=2,易知a=5. ?? a 10.已知函数f(x)=2x-x的定义域为(0,1](a为实数). (1)当a=1时,求函数y=f(x)的值域; (2)求函数y=f(x)在区间(0,1]上的最大值及最小值,并求出当函数f(x)取得最值时x的值. 1 解 (1)当a=1时,f(x)=2x-x,任取1≥x1>x2>0,则f(x1)-f(x2)=2(x1-x2)1??11?? -?x-x?=(x1-x2)?2+xx?. ?12??12? ∵1≥x1>x2>0,∴x1-x2>0,x1x2>0. ∴f(x1)>f(x2),∴f(x)在(0,1]上单调递增,无最小值,当x=1时取得最大值1,所以f(x)的值域为(-∞,1]. (2)当a≥0时,y=f(x)在(0,1]上单调递增,无最小值,当x=1时取得最大值2-a; -a当a<0时,f(x)=2x+x, 当 a-2≥1,即a∈(-∞,-2]时,y=f(x)在(0,1]上单调递减,无最大值, 当x=1时取得最小值2-a; 当??? a?-2<1,即a∈(-2,0)时,y=f(x)在?0,?a? -2,1?上单调递增,无最大值,当x=? a? -2?上单调递减,在? a -2时取得最小值2-2a. 11.(2017·郑州质检)若函数f(x)=ax(a>0,a≠1)在[-1,2]上的最大值为4,最小值为m,且函数g(x)=(1-4m)x在[0,+∞)上是增函数,则a=( ) A.4 B.2 1 C.2 1D.4 1 解析 当a>1,则y=ax为增函数,有a2=4,a-1=m,此时a=2,m=2, 此时g(x)=-x在[0,+∞)上为减函数,不合题意. 当0 有 a-1=4,a2=m,此时 11a=4,m=16. 31 此时g(x)=4x在[0,+∞)上是增函数.故a=4. 答案 D 12.(2017·枣阳第一中学模拟)已知函数f(x)=ex-1,g(x)=-x2+4x-3,若存在f(a)=g(b),则实数b的取值范围为( ) A.[0,3] B.(1,3) D.(2-2,2+2) C.[2-2,2+2] 解析 由题可知f(x)=ex-1>-1,g(x)=-x2+4x-3=-(x-2)2+1≤1, 若f(a)=g(b),则g(b)∈(-1,1], 所以-b2+4b-3>-1,即b2-4b+2<0, 解得2-2 所以实数b的取值范围为(2-2,2+2). 答案 D ?a,a≤b,13.对于任意实数a,b,定义min{a,b}=?设函数f(x)=-x+3,g(x) b,a>b.?=log2x,则函数h(x)=min{f(x),g(x)}的最大值是________. ??log2x,0 解析 依题意,h(x)=? ??-x+3,x>2.当0 a 14.已知函数f(x)=lg(x+x-2),其中a是大于0的常数. (1)求函数f(x)的定义域; (2)当a∈(1,4)时,求函数f(x)在[2,+∞)上的最小值; (3)若对任意x∈[2,+∞)恒有f(x)>0,试确定a的取值范围. x2-2x+aa 解 (1)由x+x-2>0,得>0, x 当a>1时,x2-2x+a>0恒成立,定义域为(0,+∞), 当a=1时,定义域为{x|x>0且x≠1}, 当0<a<1时,定义域为{x|0<x<1-1-a或x>1+1-a}. a (2)设g(x)=x+x-2,当a∈(1,4),x∈[2,+∞)时, 2 ax-a ∴g′(x)=1-x2=x2>0. 因此g(x)在[2,+∞)上是增函数, ∴f(x)在[2,+∞)上是增函数. a 则f(x)min=f(2)=ln2. (3)对任意x∈[2,+∞),恒有f(x)>0. a 即x+x-2>1对x∈[2,+∞)恒成立.∴a>3x-x2. 令h(x)=3x-x2,x∈[2,+∞). ?3?29 由于h(x)=-?x-2?+4在[2,+∞)上是减函数, ??∴h(x)max=h(2)=2. 故a>2时,恒有f(x)>0. 因此实数a的取值范围为(2,+∞). (2)当a∈(1,4)时,求函数f(x)在[2,+∞)上的最小值; (3)若对任意x∈[2,+∞)恒有f(x)>0,试确定a的取值范围. x2-2x+aa 解 (1)由x+x-2>0,得>0, x 当a>1时,x2-2x+a>0恒成立,定义域为(0,+∞), 当a=1时,定义域为{x|x>0且x≠1}, 当0<a<1时,定义域为{x|0<x<1-1-a或x>1+1-a}. a (2)设g(x)=x+x-2,当a∈(1,4),x∈[2,+∞)时, 2 ax-a ∴g′(x)=1-x2=x2>0. 因此g(x)在[2,+∞)上是增函数, ∴f(x)在[2,+∞)上是增函数. a 则f(x)min=f(2)=ln2. (3)对任意x∈[2,+∞),恒有f(x)>0. a 即x+x-2>1对x∈[2,+∞)恒成立.∴a>3x-x2. 令h(x)=3x-x2,x∈[2,+∞). ?3?29 由于h(x)=-?x-2?+4在[2,+∞)上是减函数, ??∴h(x)max=h(2)=2. 故a>2时,恒有f(x)>0. 因此实数a的取值范围为(2,+∞).
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