2018届福建省莆田第一中学高三第四次月考数学(理)试题Word版含答案
更新时间:2023-10-01 00:46:01 阅读量: 综合文库 文档下载
莆田一中2018届第四次月考理科数学试卷 2018.05.04
一、选择题:本大题共12个小题,每小题5分,共60分.
1.已知集合M?{x|x2?1},N?{x|ax?1},若N?M,则实数a的取值集合为( ) A.{1} B.{?1,1} C.{1,0} D.{1,?1,0} 2.复数
5的共轭复数是( ) i?2A.2?i B.?2?i C.?2?i D.2?i 3. 以下有关命题的说法错误的是( ) ..
A. 命题“若x2?x?2?0,则x??1”的逆否命题为“若x??1,则x2?x?2?0”
2B. “x?x?2?0”是“x?1”成立的必要不充分条件
C. 对于命题p:?x0?R,使得x0?x0?1?0,则?p:?x?R,均有x2?x?1?0 D. 若p?q为真命题,则?p与q至少有一个为真命题
4.执行如图所示的程序框图,如果输入的t?[?2,2],则输出的S属于( ) A.[?4,2] B.[?2,2] C.[?2,4] D.[?4,0]
2
第4题图 第5题图
5.某几何体的三视图如图所示,则在该几何体的所有顶点中任取两个顶点,它们之间距离的最大值为( ) A.3 B.6 C.23 D.26 2?x2y26.?ABC中,?B?,A、B是双曲线E:2?2?1的左、右焦点,点C在E上,且
3abAB?BC,则E的离心率为( ).A.5?1 B.3?1 C.
3?13?1 D. 227.中国古代有一道“八子分绵”的数学名题:“九百九十斤绵,赠分八子做盘缠,次第每人多十七,要将第八数来言”.题意是:把996斤绵分给8个儿子作盘缠,按照年龄从大到小的顺序依次分绵,年龄小的比年龄大的多17斤绵,那么第8个儿子分到的绵是( )
A.174斤 B.184斤 C.191斤 D.201斤
8.已知奇函数f(x),当x?0时单调递增,且f(1)?0,若f(x?1)?0,则x的取值范围为( ) A.{x|0?x?1或x?2} B.{x|x?0或x?2} C. {x|x?0或x?3} D.{x|x??1或x?1}
9.一张储蓄卡的密码共有6位数字,每位数字都可以从0到9中任选一个,某人在银行自动提款机上取钱时,忘记了密码最后一位数字,如果任意按最后一位数字,不超过2次就按对的概率为( ) A.
?个单位长度后与函数y?sin?x图像重合,则?的
3311513最小值为( ) A. B. C. D.
222210. 若??0,函数y?cos(?x?2311 B. C. D. 510510
?)的图像向右平移
11.在?ABC中,B?60?,AC?43,AC边上的高为2,则?ABC的内切圆半径r?( )
A.22 B.2(2?1)
C.2?1
D.2(2?1)
12.如图,在四棱锥P?ABCD中,顶点P在底面的投影O恰为正方形
ABCD的中心且AB?2,设点M、N分别为线段PD、PO上的
动点,已知当AN?MN取得最小值时,动点M恰为PD的中点, 则该四棱锥的外接球的表面积为( )
A.
9? 2B.
16? 3C.
25?64?D. 49二、填空题:本大题共4小题,每小题5分,共20分.
?y?x?13.若x,y满足约束条件?x?y?1,则z?2x?y的最大值是 .
?y??1??61?x??14. 若???的展开式的常数项是________.
xx??15.已知向量a,b,c满足a?b?2c?0,且a?1,b?3,c?2,a?b?2a?c?2b?c?_____.
5?5x1??,0?x?116.已知函数f?x???88,若?a?R,使得函数y?f?x??ax有三个零点,则m的取值范围
??lnx?m,x?1是_______.
三、解答题:共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤..
217.Sn为数列?an?的前n项和.已知an>0,2Sn?an?1?an?1?2,且a1?2. 2(1)求?an?的通项公式(2)设cn?(?1)nan,求c1?c2??c2018的值. ?18. 如图所示,直三棱柱ABC?A1B1C1中,AC?BC,?CAB?45,
AB?22,点E,F分别是AB1AC1的中点.
(1)求证:EF//平面BB1C1C;
(2)若二面角C?EF?B1的大小为90,求直线A1B1与平面B1EF
所成角的正弦值.
19. 已知点F(1,0),圆E:(x?1)2?y2?8,点P是圆E上任意一点,线段PF的垂直平分线与半径PE相交于Q.
(1)求动点Q的轨迹Γ的方程;
(2)若直线l与圆O:x2?y2?1相切,并与(1)中轨迹Γ交于不同的两点A、
?23B.当OA?OB=?,且满足???时,求?AOB面积S的取值范围.
3420.(12分)为了缓解日益拥堵的交通状况,不少城市实施车牌竞价策略,
以控制车辆数量.某地车牌竞价的基本规则是:①“盲拍”,即所有参与竞拍的人都是网络报价,每个人并不知晓其他人的报价,也不知道参与当期竞拍的总人数;②竞价时间截止后,系统根据当期车牌配额,按照竞拍人的出价从高到低分配名额.某人拟参加2018年4月份的车牌竞拍,他为了预测最低成交价,根据竞拍网站的公告,统计了最近5个月参与竞拍的人数(如表):
??
(1)由收集数据的散点图发现,可用线性回归模型拟合竞拍人数y(万人)与月份编号t之间的相关关系.请用最小二乘法求y关于t的线性回归方程:y?bt?a,并预测2018年4月份参与竞拍的人数; (2)某市场调研机构对200位拟参加2018年4月份车牌竞拍人员的报价价格进行了一个抽样调查,得到如表一份频数表:
(i)求这200位竞拍人员报价X的平均值x和样本方差s(同一区间的报价可用该价格区间的中点值代替);
(ii)假设所有参与竞价人员的报价X可视为服从正态分布N(?,?2),且?与?可分别由(i)中所求的样本平均数x及s估值.若2018年4月份实际发放车牌数量为3174,请你合理预测(需说明理由)竞拍的最低成交价.
22
2参考公式及数据:①回归方程y?bx?a,其中b??xy?nxyiii?1nn?xi?12i?nx2,a?y?bx;
②
?ti?152i?55,?tiyi?18.8,1.7?1.3;
i?15③若随机变量Z服从正态分布N(?,?2),则P(????Z????)?0.6826,
P(??2??Z???2?)?0.9544,P(??3??Z???3?)?0.9974.
2?x21.(12分)已知函数f?x??ax?x?ae?a?R?.
??(1)若a?0,函数f?x?的极大值为
3,求实数a的值; e (2)若对任意的a?0,f?x??bln?x?1?在x??0,???上恒成立,求实数b的取值范围.
(二)选考题:共10分.请考生在22、23题中任选一题作答.
22.(10分)在平面直角坐标系xOy中,已知曲线C1:x?y?1与曲线C2:??x?2?2cos?(?为参数,
?y?2sin?.以坐标原点为极点, x轴的非负半轴为极轴建立极坐标系. ???0,2??)
(1)写出曲线C1,C2的极坐标方程;
(2)在极坐标系中,已知点A是射线l:??????0?与C1的公共点,点B是l与C2的公共点,当?在区
间?0,OB???上变化时,求的最大值. ?OA?2?1|(a?0). 23. (10分)已知函数f(x)?|x?a|?|x?a?(1)证明:f(x)?22;
(2)若f(2)?3,求实数a的取值范围.
a
莆田一中2018届第四次月考理科数学参考答案
DBDA BDBA CBBB 1 5 ?13 ln3e?m?1
24217.(1) 可得2Sn?1?an?an?2 (n?2)
22两式相减得,2an?an?1?an?an?1?an
即(an?1?an)(an?1?an?1)?0,又an?0
?an?1?an?1?0 即?an?1?an?1(n?2)
2 由已知可得a2?a2?6?0,a2?3
?a2?a1?1故?an?为等差数列,?an?n?1.
2(2) c1?c2??c2018??22?32?42?52???2019
?2?3?4??2019?2039189 18. (Ⅰ)连接AC1,BC1,则F?AC1且F为AC1的中点, 又
E为AB的中点,?EF//BC1,
又BC1?平面BB1C1C,EF?平面BB1C1C,故EF//平面BB1C1C. (Ⅱ)因为ABC?A1B1C1是直三棱柱,所以CC1?平面
ABC,得AC?CC1.因为AC?BC,?CAB?45?,
AB?22,故AC?BC?2.以C为原点,分别以CB,
CC1,CA所在直线为x轴,y轴,z轴建立如图所示的空
间直角坐标系.
设CC1?2?(??0),则E(1,0,1),F(0,?,1),B1(2,2?,0),
CE?(1,0,1),EF?(?1,?,0),FB1?(2,?,?1).
取平面CEF的一个法向量为m?(x,y,z),
??CE?m?0?x?z?0由?得?:令y?1,得m?(?,1,??), ??EF?m?0??x??y?0同理可得平面B1EF的一个法向量为n?(?,1,3?),
二面角C?EF?B1的大小为90,?m?n???1?3??0, 解得???22?232?2,1,,得n??,又AB?11?AB?(2,0,?2), ??2?2?2设直线A1B1与平面B1EF所成角为?,则sin??cos?n,A1B1??n?A1B1nA1B1 ?6. 619. (Ⅰ)连接QF,∵|QE|+|QF|=|QE|+|QP|=|PE|=22(?|EF|=2),
∴点的轨迹是以E(-1,0) 、F(1,0)为焦点,长轴长2a?22的椭圆,
x2?y2?1; ……4分 即动点Q的轨迹Γ的方程为2(Ⅱ)依题结合图形知的斜率不可能为零,所以设直线l的方程为x?my?n(m?R). ∵直线l即x?my?n?0与圆O:x2?y2?1相切, ∴
|n|m2?1?1得n2?m2?1. ……5分
?x?my?n?x?2y?2?022又∵点A、B的坐标(x1,y1)、(x2,y2)满足:?消去整理得(m2?2)y2?2mny?n2?2?0,
n2?22mn由韦达定理得y1?y2??2,y1y2?2.
m?2m?2其判别式??4m2n2?4(m2?2)(n2?2)?8(m2?n2?2)?8, ……7分 ∵?=OA?OB=x1x2?y1y2?(my1?n)(my2?n)?y1y2
??3n2?2m2?2m2?123?(m?1)y1y2?mn(y1?y2)?n??∈[,].……9分 2234m?2m?222S?AOB1?AB?1?1?m2?2m2?11. ……10分 ?2?y1?y2??4y1y2?2?2m?2m?22m2?11m2?123?2?1,且??2∵2∈[,].
34m?2m?2m?2∴S?AOB?2???(1??)∈[
62,]. ……12分 3420.
?x2?x21.解:(1)由题意,f??x???2ax?1?e?ax?x?ae
2?x??e?x??ax??1?2a?x?a?1????e?x?1??ax?1?a? ………2分
???x(ⅰ)当a?0时,f??x???e?x?1?,令f??x??0,得x?1;f??x??0,得x?1,
所以f?x?在???,1?单调递增,?1,???单调递减所以f?x?的极大值为f?1??13?,不合题意. ee …………3分
(ⅱ)当a?0时,1?111?1,令f??x??0,得1??x?1;f??x??0,得x?1?或x?1, aaa所以f?x?在?1???1?1??,1?单调递增,???,1??,?1,???单调递减, a?a??2a?13?,得a?1. ee所以f?x?的极大值为f?1??综上所述a?1. …………5分 (2)令g?a??e?x?x2?1?a?xe?x,a????,0?,当x??0,???时,e?x?x2?1??0,
则g?a??bln?x?1?对?a????,0?恒成立等价于g?a??g?0??bln?x?1?, 即xe?x?bln?x?1?,对x??0,???恒成立. …………7分
?x(ⅰ)当b?0时,?x??0,???,bln?x?1??0,xe?0,此时xe?x?bln?x?1?,不合题意.
…………8分 (ⅱ)当b?0时,令h?x??bln?x?1??xe,x??0,???,
?xbbex?x2?1?x?x则h??x??,其中?x?1?ex?0,?x??0,???, ??e?xe??xx?1?x?1?e令p?x??be?x?1,x??0,???,则p?x?在区间?0,???上单调递增,
x2①b?1时,p?x??p?0??b?1?0,所以对?x??0,???,h??x??0,从而h?x?在?0,???上单调递增, 所以对任意x??0,???,h?x??h?0??0,即不等式bln?x?1??xe在?0,???上恒成立.
?x…………10分
②0?b?1时,由p?0??b?1?0,p?1??be?0及p?x?在区间?0,???上单调递增, 所以存在唯一的x0??0,1?使得p?x0??0,且x??0,x0?时,p?x0??0. 从而x??0,x0?时,h??x??0,所以h?x?在区间?0,x0?上单调递减, 则x??0,x0?时,h?x??h?0??0,即bln?x?1??xe,不符合题意.
?x综上所述,b?1 .…………12分
22.解:(1)曲线C1的极坐标方程为??cos??sin???1,即?sin???22????2. ??4?222曲线C2的普通方程为?x?2??y?4,即x?y?4x?0,所以曲线C2的极坐标方程为
??4cos?. ……………………4分
(2) 由(1)知OA??A?1,OB??B?4cos?,
cos??sin??OB????4cos??cos??sin???2?1?cos2??sin2???2?22sin?2????- OA4???2知
由0????4?2?+?4?5???,当2???, 442即???8时,
OBOA有最大值2?22.?-………………………10分
23.
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