福建省理数卷(有答案)-2015年普通高等学校招生统一考试
更新时间:2023-05-22 23:50:01 阅读量: 实用文档 文档下载
- 福建省理工学校推荐度:
- 相关推荐
2015年普通高等学校招生全国统一考试(福建卷)
数 学(理工类) 第I卷(选择题共50分)
一、选择题:本题共10小题,每小题5分,共50分,在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.
234
1、若集合A i,i,i,i (i 是虚数单位),B 1, 1 ,则A B 等于
A. 1 B. 1 C. 1, 1 D. 2、下列函数为奇函数的是
A.yB.y sinx C.y cosx D.y ex e x
x2y2
1 的左、右焦点分别为F1,F2,点P在双曲线E上,且PF1 3,则PF2 3、若双曲线E:
916
等于
A.11 B.9 C.5 D.3
4、为了解某社区居民的家庭年收入与年支出的关系,随机调查了该社区5户家庭,得到如下统计数据表:
为15万元家庭年支出为
A.11.4万元 B.11.8万元 C.12.0万元 D.12.2万元
x 2y 0,
5、若变量x,y 满足约束条件 x y 0, 则
z 2x y 的最小值等于
x 2y 2 0,
A.
53
B. 2 C. D.2 22
6、阅读如图所示的程序框图,运行相应的程序,则输出的结果为 A.2 B.1 C.0 D. 1
7、若l,m 是两条不同的直线,m 垂直于平面 ,则“l m ”是“l// ”的 A.充分而不必要条件 B.必要而不充分条件 C.充分必要条件 D.既不充分也不必要条件
8、若a,b 是函数f x x2 px q p 0,q 0 的两个不同的零点,且a,b, 2 这三个数可适当排序后成等差数列,也可适当排序后成等比数列,则p q 的值等于 A.6 B.7 C.8 D.9
1 AB4AC
9、已知AB AC,AB ,AC t ,若点P是 ABC 所在平面内一点,且AP ,
tABAC
则PB PC 的最大值等于
A.13 B.15 C.19 D.21
10、若定义在R 上的函数f x 满足f 0 1 ,其导函数f x 满足f x k 1 ,则下列结论中一定错误的是 A.f
1 1
B. k k1 1
C.f
k k 11k 1 1 D. f f
k 1 k 1 k 1 k 1
第II卷(非选择题共100分)
二、填空题:本大题共5小题,每小题4分,共20分.把答案填在答题卡的相应位置. 11、 x 2 的展开式中,x 的系数等于.(用数字作答)
2
5
12、若锐角 ABC
的面积为,且AB 5,AC 8 ,则BC 等于.
13、如图,点A 的坐标为 1,0 ,点C 的坐标为 2,4 ,函数f x x ,若在矩形ABCD 内
2
随机取一点,则此点取自阴影部分的概率等于 . 14、若函数f x
x 6,x 2,
(a 0 且a 1 )的值域是 4, ,
3 logax,x 2,
则实数a 的取值范围是 .
*
15、一个二元码是由0和1组成的数字串x1x2 xnn N ,其中
xk k 1,2, ,n 称为第k位码元,二元码是通信中常用的码,但在通信过程中
有时会发生码元错误(即码元由0变为1,或者由1变为0)
x4 x5 x6 x7 0,
已知某种二元码x1x2 x7 的码元满足如下校验方程组: x2 x3 x6 x7 0,
x x x x 0,
357 1
其中运算 定义为:0 0 0,0 1 1,1 0 1,1 1 0 .
现已知一个这种二元码在通信过程中仅在第k位发生码元错误后变成了1101101,那么利用上述校验方程组可判定k等于
.
16.某银行规定,一张银行卡若在一天内出现3次密码尝试错误,该银行卡将被锁定,小王到银行取钱时,发现自己忘记了银行卡的密码,但是可以确定该银行卡的正确密码是他常用的6个密码之一,小王决定从中不重复地随机选择1个进行尝试.若密码正确,则结束尝试;否则继续尝试,直至该银行卡被锁定.
(I)求当天小王的该银行卡被锁定的概率;
(II)设当天小王用该银行卡尝试密码次数为X,求X的分布列和数学期望.
17.如图,在几何体ABCDE中,四边形ABCD是矩形,AB^平面BEG,BE^EC,AB=BE=EC=2,G,F分别是线段BE,DC的中点.
(I)求证:GF 平面ADE (II)求平面AEF与平面BEC所成锐二面角的余弦值.
x2y218. 已知椭圆E:2+2=1(a>b>
0)过点,且离心率为
e=.
ab2
(I)求椭圆E的方程; (II)设直线l:x=my-1,(m?R)交椭圆E于A,B两点,判断点G(-,0) 与以线段AB为直径的圆的位置关系,并说明理由.
19.(本小题满分13分)
已知函数f(x)的图象是由函数g(x)=cosx的图像经如下变换得到:先将g(x)图像上所有点的纵坐标伸长到原来的2倍(横坐标不变),再将所得到的图像向右平移(I)求函数f(x)的解析式,并求其图像的对称轴方程;
(II)已知关于x的方程f(x)+g(x)=m在[0,2p)内有两个不同的解a,b (i)求实数m的取值范围;
9
4
p
个单位长度. 2
2m2
-1. ( ii)证明:cos(a-b)=5
20.已知函数f(x)=ln(1+x),g(x)=kx,(k?R), (I)证明:当x>0时,f(x)<x;
(II)证明:当k<1时,存在x0>0,使得对任意xÎ(0,x0),恒有f(x)>g(x);
(III)确定k的所以可能取值,使得存在t>0,对任意的xÎ(0,t),恒有|f(x)-g(x)|<x2.
21.本题设有(1)、(2)、(3)三个选考题,每题7分,请考生任选2题作答.满分14分,如果多做,则按所做的前两题计分。作答时,先用2B铅笔在答题卡上把所选题目对应题号右边的方框涂黑,并将所选题号填入括号中。
(1)(本小题满分7分)选修4-2:矩阵与变换
骣骣2111
琪已知矩阵A=琪,B=. 琪琪430-1桫桫
(I)求A的逆矩阵A; (II)求矩阵C,使得AC=B.
(2)(本小题满分7分)选修4-4:坐标系与参数方程
-1
ìïx=1+3cost
在平面直角坐标系xoy中,圆C的参数方程为í(t为参数).在极坐标系(与平面直角
ïîy=-2+3sint
坐标系xoy取相同的长度单位,且以原点O为极点,以x轴非负半轴为极轴)中,直线l
的方程为
sin(q-
p
)=m,(m?R). 4
(I)求圆C的普通方程及直线l的直角坐标方程; (II)设圆心C到直线l的距离等于2,求m的值.
(3)(本小题7分)选修4-5:不等式选讲
已知a>0,b>0,c>0,函数f(x)=|x+a|+|x+b|+c的最小值为4. (I)求a+b+c的值; (II)求
12122
a+b+c的最小值为. 49
数学试题(理工农医类)参考答案
一、选择题:本大题考查基础知识和基本运算,每小题5分,满分50分。
1.C 2.D 3.B 4.B 5.A 6.C 7.B 8.D 9.A 10.C
二、填空题:本大题考查基础知识和基本运算,每小题4分,满分20分。
11. 80 12. 7 13.
5
14. (1,2] 15.5 12
三、解答题:本大题共6小题,共80分。解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤。
16.本小题主要考查古典概型、相互独立事件的概率、随机变量的分布列、数学期望等基础知识,考查运算求解能力、应用意识,考查必然与或然思想,满分13分 解:(1)设“当天小王的该银行卡被锁定”的事件为A, 则P(A)=
5431
´´=p 6542
(2)依题意得,X所有可能的取值是1,2,3 又P(X=1)=
151,P(X=2)=?6651542
,P(X=3)=1=. 6653
所以X的分布列为
所以.E(X)=1?
1125
2+3= 6632
17.本小题主要考查直线与直线、直线与平面、平面与平面的位置关系等基础知识,考查空间想象能力、推理论证能力、运算求解能力,考查数形结合思想、函数与方程思想、化归与转化思想.满分13分. 解法一:(1)如图,取AE的中点H,连接HG,HD, 又G是BE的中点, 所以GH//AB,且GH=
1
AB 2
1
CD, 2
又F是CD中点,所以DF=
由四边形ABCD是矩形得,AB//CD,AB=CD, 所以GH//DF,且GH=DF,
从而四边形HGFD是平行四边形,所以GF//DH.
平面ADE,GF又DH趟平面ADE,所以GF//平面ADE.
(II)如图,在平面BEG内,过点B作BQ//EC,因为BE^CE,所以BQ^BE 又因为AB^平面BEC,所以AB^BE,AB^BQ
以B为原点,分别以BE,BQ,BA的方向为x轴,y轴,z轴的正方向
建立空间直角坐标系,则A(0,0,2),B(0,0,0),E(2,0,0),F(2,2,1)
因为AB^平面BEC,所以BA=(0,0,2)为平面BEC的法向量, 设n=(x,y,z)为平面AEF的法向量.又AE=(2,0,-2),AF=(2,2,-1)
ì n AE=0,ì2x-2z=0,镲
z=2由眄取得得n=(2,-1,2).
镲în AF=0,î2x+2y-z=0,
n BA42
=从而cos狁n,BA==,
|n|×|BA|3´23
所以平面AEF与平面BEC所成锐二面角的余弦值为解法二:(I)如图,取AB中点M,连接MG,MF, 又G是BE的中点,可知GM//AE,
2. 3
平面ADE,GM又AE趟
所以GM//平面ADE.
平面ADE,
在矩形ABCD中,由M,F分别是AB,CD的中点得MF//AD. 又ADÌ平面ADE,MFË平面ADE,所以MF//平面ADE. 又因为GMÇMF=M,GMÌ平面GMF,MFÌ平面GMF 所以平面GMF//平面ADE,
因为GFÌ平面GMF,所以GF//平面ADE (II)同解法一.
18.本小题主要考查椭圆、圆、直线与椭圆的位置关系等基础知识,考查推理论证能力、运算求解能力,考查数形结合思想、化归与转化思想、函数与方程思想. 满分13分 解法一:(I)由已知得
ìbïìa=2ïï镲c
解得b眄=2镲a222镲îc=a=b+cïî
x2y2
+=1. 所以椭圆E的方程为
42
(II)设点A(x1y1),B(x2,y2),AB中点为H(x
0,y0).
ìx=my-1ï
由íx2y2得(m2+2)y2-2my-3=0, ï+=1ïî42
所以y1+y2=
2
2m32
,yy=,y=从而. 120
m2+2m2+2m2+29
4
2
2
所以GH|=(x0+)+y0=(my0+)+y0=(m+1)y0+
54
2222
525my0+. 216
|AB|2(x1-x2)2+(y1-y2)2(m2+1)(y1-y2)2
== 444
(m2+1)[(y1+y2)2-4y1y2]
=(m2+1)(y02-y1y2), =
4
|AB|25255m23(m2+1)2517m2+22
故|GH|-=my0+(m+1)y1y2+=-+=>0 22242162(m+2)m+21616(m+2)
2
所以|GH|>
|AB|9
,故G(-,0)在以AB为直径的圆外. 24
解法二:(I)同解法一.
99
(II)设点A(x1y1),B(x2,y2),,则GA=(x1+,y1),GB=(x2+,y2).
44
ìx=my-1
ï2m3由íx2y2 得(m2+2)y2-2my-3=0,所以y1+y2=2,y1y2=2,
m+2m+2ï+=1
ïî42
9955
GB=(x1+)(x2+)+y1y2=(my1+)(my2+)+y1y2 从而GA
4444
5255m23(m2+1)2517m2+2
= =(m+1)y1y2+m(y1+y2)+=-+=>0 222
4162(m+2)m+21616(m+2)
所以cos狁GA,GB>0,又GA,GB不共线,所以ÐAGB为锐角.
2
故点G(-,0)在以AB为直径的圆外.
19. 本小题主要考查三角函数的图像与性质、三角恒等变换等基础知识,考查运算求解能力、抽象概括能力、推理论证能力,考查函数与方程思想、分类与整体思想、化归与转化思想、数形结合思想. 满分13分.
解法一:(I)将g(x)=cosx的图像上所有点的纵坐标伸长到原来的2倍(横坐标不变)得到y=2cosx的图像,再将y=2cosx的图像向右平移
9
4
pp
个单位长度后得到y=2cos(x-)的图像,故
22
f(x)=2sinx
从而函数f(x)=2sinx图像的对称轴方程为x=kp+(2)1) f(x)+g(x)=2sinx+cosxp
(k?Z).
2
xx) j=
=x+j)(其中sinj=依题意,sin(x+j是(-.
在区间[0,2p)内有两个不同的解a,b
当且仅当|<1,故m的取值范围
(ii)因为a,b
x+j)=m在区间[0,2p)内有两个不同的解,
所以sin(a+
jsin(b+j
p
-j),即a-b=p-2(b+j);
2
3p
-j),即a-b=3p-2(b+j);
2
2
当1£a+b=2(当-时, a+b=2(
22m2
所以cos(a-b)=-cos2(b+j)=2sin(b+j)-1=-1=-1.
5解法二:(I)同解法一. (II)(i) 同解法一.
(ii) 因为a,b
x+j)=m在区间[0,2p)内有两个不同的解,
所以sin(a+
jsin(b+j
p
-j),即a+j=p-(b+j);
2
3p
-j),即a+j=3p-(b+j); 2
当1£a+b=2(当-时, a+b=2(
所以cos(a+j)=-cos(b+j)
于是cos(
a-b)=cos[(a+j)-(b+j)]=cos(a+j)cos(b+j)+sin(a+j)sin(b+j)
222m2
=-cos(b+j)+sin(a+j)sin(b+j)=-[1-]+=-1.
52
20.本小题主要考查导数及其应用等基础知识,考查推理论证能力、运算求解能力、创新意识,考查函数与方程思想、化归与转化思想、分类与整合思想、有限与无限思想、数形结合思想.满分14分.
(x)=解法一:(I)令F(x)=f(x)-x=ln(1+x)-x,x?[0,?),则有F¢
当x?[0,?), F¢(x)<0,所以F(x)在[0,+?)上单调递减, 故当x>0时,F(x)<F(0)=0,即当x>0时,f(x)<x.
1x
-1=-
1+x1+x
(x)=(II)令G(x)=f(x)-g(x)=ln(1+x)-kx,x?[0,?),则有G¢
1-kx+(1-k)-k= 1+x1+x
当k£0 G¢(x)>0,所以G(x)在[0,+?)上单调递增, G(x)>G(0)=0 故对任意正实数x0均满足题意.
(x)=0,得x=当0<k<1时,令G¢
取x0=
1-k1
=-1>0. kk
1
-1,对任意x?(0,x0),恒有G¢(x)0,所以G(x)在[0,x0)上单调递增, G(x)>G(0)=0,k
即f(x)>g(x).
综上,当k<1时,总存在x0>0,使得对任意的任意xÎ(0,x0),恒有f(x)>g(x).
(0,+(III)当k>1时,由(1)知,对于"x违),g(x)>x>f(x),故g(x)>f(x),
|f(x)-g(x)|=g(x)-f(x)=kx-ln(1+x),
2
1-2x+(k-2)x+k-1
(x)=k--2x=,
令M(x)=kx-ln(1+x)-x,x违[0,+),则有M¢
1+x1+x
2
(x)>0,M(x
)在[0故当xÎ(0时,M¢上单调
递增,故M(x)>M(0)=0,即|f(x)-g(x)|>x,所以满足题意的t不存在. 当k<1时,由(II)知存在x0>0,使得当任意xÎ(0,x0),恒有f(x)>g(x). 此时|f(x)-g(x)|=f(x)-g(x)=ln(1+x)-kx,
2
1-2x-(k+2)x-k+1(x)=-k-2x=,
令N(x)=ln(1+x)-kx-x,x违[0,+),则有M¢
1+x1+x
2
2
(x)>0,N(x
)在[0故当xÎ(0时,N¢上单调递增,故N(x)>N(0)=0,即f(x)-g(x)>x,记x
02
为x1,
则当x?(0,x1)时,恒有|f(x)g(x)|>x,故满足题意的t不存在. 当k=1,由(I)知,当x>0时,|f(x)-g(x)|=g(x)-f(x)=x-ln(1+x),
2
2
1-2x-x
(x)=1--2x=, 令H(x)=x-ln(1+x)-x,x违[0,+),则有H¢
1+x1+x
2
当x>0时,H¢上单调递减,故H(x)<H(0)=0, (x)<0,所以H(x)在[0,+¥)故当x>0时,恒有|f(x)-g(x)|<x2,此时,任意实数t满足题意. 综上,k=1.
解法二:(I)(II)同解法一.
(III)当k>1时,由(I)知,对于"x违(0,+
, ),g(x)>x>f(x),
故|f(x)-g(x)|=g(x)-f(x)=kx-ln(1+x)>kx-x=(k-1)x, 令(k-1)x>x2,解得0<x<k-1,
从而得到当k>1时,对于x?(0,k1)恒有|f(x)-g(x)|>x2,所以满足题意的t不存在. 当k<1时,取k1=
k+1
,从而k<k1<1 2
.
由(II)知存在x0>0,使得xÎ(0,x0),()fx>kx1kx>gx=()此时|f(x)-g(x)|=f(x)-g(x)>(k1-k)x=令
1-k
x, 2
1-k1-k
x>x2,解得0<x<,此时 f(x)-g(x)>x2, 22
1-k
中较小的为x1,则当x?(0,x1)时,恒有|f(x)g(x)|>x2, 2
记x0与
故满足题意的t不存在.
当k=1,由(I)知,x>0|f(x)-g(x)|=g(x)-f(x)=x-ln(1+x),
1 2x2 x 2x , 令M(x) x ln(1 x) x,x [0,+ ),则有M (x) 1 1 x1 x
2
(x)<0,所以M(x)在[0,+ )当x>0时,M¢上单调递减,故M(x)<M(0)=0,
故当x>0时,恒有|f(x)-g(x)|<x2,此时,任意实数t满足题意. 综上,k=1.
21.选修4-2:矩阵与变换
本小题主要考查矩阵、逆矩阵等基础知识,考查运算求解能力,考查化归与转化思想.满分7分.
3-14=2 解:(I)因为|A|=2创
3
2 1
所以A
4 2 1
1 3 2
22
2
21 2
(II)由AC=B得(A-1A)C=A-1B,
1 3 3
11 2 1 = 2故C AB= 22 0 1
21 2 3
(2)选修4-4:坐标系与参数方程
本小题主要考查极坐标与直角坐标的互化、圆的参数方程等基础知识,考查运算求解能力,考查化归与转化思想.满分7分.
解:(1)消去参数t,得到圆C的普通方程为x-1sin(q-
()
2
+(y+2)=9,
2
p
)=m,得rsinq-rcosq-m=0, 4
所以直线l的直角坐标方程为x-y-m=0. (II)依题意,圆心C到直线l的距离等于2,即
|1-
-2+m|
=2,解得m=-3?
(3)选修4-5:不等式选讲
本小题主要考查绝对值不等式、柯西不等式等基础知识,考查推理论证能力,考查化归与转化思想.满分7分.
解:(I)因为f(x)当且仅当-a#x
b时,等号成立
又a>0,b>0,所以|a+b|=a+b,所以f(x)的最小值为a+b+c, 又已知f(x)的最小值为4,所以a+b+c=4 (II)由(I)知a+b+c=4,由柯西不等式得
骣12122a+b+c49桫
即
骣ab
4+9+1炒2+创3+c1)(23桫
2
=(a+b+c)=16,
2
121228
a+b+c?. 497
11
ba8182c当且仅当==,即a=,b=,c=时,等号成立
777231
所以
121228
a+b+c的最小值为. 497
正在阅读:
福建省理数卷(有答案)-2015年普通高等学校招生统一考试05-22
财务工作人员承诺书03-11
五一节短信02-17
西塘行作文600字06-28
双向转诊试卷10-24
创建国家级巾帼---村妇代会近期工作总结及下半年工作计划08-24
网络使人际关系更亲近或疏远一辩词正方10-09
《陶罐和铁罐》教案05-20
医保硬件系统升级方案03-15
- 教学能力大赛决赛获奖-教学实施报告-(完整图文版)
- 互联网+数据中心行业分析报告
- 2017上海杨浦区高三一模数学试题及答案
- 招商部差旅接待管理制度(4-25)
- 学生游玩安全注意事项
- 学生信息管理系统(文档模板供参考)
- 叉车门架有限元分析及系统设计
- 2014帮助残疾人志愿者服务情况记录
- 叶绿体中色素的提取和分离实验
- 中国食物成分表2020年最新权威完整改进版
- 推动国土资源领域生态文明建设
- 给水管道冲洗和消毒记录
- 计算机软件专业自我评价
- 高中数学必修1-5知识点归纳
- 2018-2022年中国第五代移动通信技术(5G)产业深度分析及发展前景研究报告发展趋势(目录)
- 生产车间巡查制度
- 2018版中国光热发电行业深度研究报告目录
- (通用)2019年中考数学总复习 第一章 第四节 数的开方与二次根式课件
- 2017_2018学年高中语文第二单元第4课说数课件粤教版
- 上市新药Lumateperone(卢美哌隆)合成检索总结报告
- 福建省
- 高等学校
- 答案
- 统一
- 招生
- 普通
- 考试
- 理数卷
- 2015
- 教师心理健康培训心得体会
- 论面包店装修灯光设计的重要性
- 8.2消元——解二元一次方程组第1课时
- 注会考试审计练习题答案
- 电源防雷箱说明书
- 高尔夫俱乐部2010年工作总结
- SWOT分析方法在农业产业发展战略研究中的应用——以湖南农产品加工业发展战略研究为例
- 精品 机器装配工艺基础 机械制造
- 2014年中国地方(各省市)财政收入构成_税收收入构成
- 最小二乘配置的QR分解解法_鲁铁定
- 8.4.3.第四章+第三节+工业
- 2003年高考历史试题的特点 及对以后学习的启示 - 重
- 高血压病的防治知识
- 基于小波变换的目标边缘搜索分割方法
- 2013年中考模拟试题
- 人教版数学八年级下册18.2 特殊的平行四边形随堂练习
- 《卢旺达饭店》观后感
- BEA Tuxedo应用程序开发指南
- 2015-2020年中国柴油平衡重叉车产业发展前景及供需格局预测报告
- 计算机常见硬件故障的诊断及排除