2020年湖北省襄阳市中考数学试卷及答案解析
更新时间:2023-05-02 23:26:01 阅读量: 实用文档 文档下载
2020年湖北省襄阳市中考数学试卷
一、选择题(本大题共10小题,共30.0分)
1.?2的绝对值是()
A. ?2
B. 2
C. ?1
2D. 1
2
2.如图,AB//CD,直线EF分别交AB,CD于点E,F,EG
平分∠BEF,若∠EFG=64°,则∠EGD的大小是()
A. 132°
B. 128°
C. 122°
D. 112°
3.下列运算一定正确的是()
A. a+a=a2
B. a2?a3=a6
C. (a3)4=a12
D. (ab)2=ab2
4.下列说法正确的是()
A. “买中奖率为1
10
的奖券10张,中奖”是必然事件
B. “汽车累积行驶10000km,从未出现故障”是不可能事件
C. 襄阳气象局预报说“明天的降水概率为70%”,意味着襄阳明天一定下雨
D. 若两组数据的平均数相同,则方差小的更稳定
5.如图所示的三视图表示的几何体是()
A.
B.
C.
D.
6.不等式组{x?4≤2(x?1),
1
2
(x+3)>x+1中两个不等式的解集在数轴上表示正确的是()
A. B. C. D.
7.如图,Rt△ABC中,∠ABC=90°,根据尺规作图的痕迹判断以下
结论错误的是()
A. DB=DE
B. AB=AE
C. ∠EDC=∠BAC
第1页,共18页
第2页,共18页 D. ∠DAC =∠C
8. 我国古代数学名著《孙子算经》中记载了一道题,大意是:100匹马恰好拉了100
片瓦,已知3匹小马能拉1片瓦,1匹大马能拉3片瓦,求小马,大马各有多少匹.若
设小马有x 匹,大马有y 匹,则下列方程组中正确的是( )
A. {x +y =100y =3x
B. {x +y =100x =3y
C. {x +y =10013x +3y =100
D. {x +y =10013y +3x =100
9. 已知四边形ABCD 是平行四边形,AC ,BD 相交于点O ,下列结论错误的是( )
A. OA =OC ,OB =OD
B. 当AB =CD 时,四边形ABCD 是菱形
C. 当∠ABC =90°时,四边形ABCD 是矩形
D. 当AC =BD 且AC ⊥BD 时,四边形ABCD 是正方形
10. 二次函数y =ax 2+bx +c 的图象如图所示,下列结论:
①ac <0;②3a +c =0;③4ac ?b 2<0;④当x >?1时,
y 随x 的增大而减小.
其中正确的有( )
A. 4个
B. 3个
C. 2个
D. 1个
二、填空题(本大题共6小题,共18.0分)
11. 函数y =√4x ?2中,自变量x 的取值范围是______.
12. 如图,在△ABC 中,AB =AD =DC ,∠BAD =20°,则∠C =______.
13. 《易经》是中国传统文化的精髓.如图是易经
的一种卦图,图中每一卦由三根线组成(线形为
或),如正北方向的卦为,从图中三
根线组成的卦中任取一卦,这一卦中恰有2根
和1根的概率为______.
14. 汽车刹车后行驶的距离s 与行驶时间t(秒)的函数关系是s =15t ?6t 2,汽车从刹车
到停下来所用时间是______秒.
15. 在⊙O 中,若弦BC 垂直平分半径OA ,则弦BC 所对的圆周角等于______°.
16. 如图,矩形ABCD 中,E 为边AB 上一点,将△ADE 沿DE 折
叠,使点A 的对应点F 恰好落在边BC 上,连接AF 交DE 于
点N ,连接BN.若BF ?AD =15,tan∠BNF =√5
2,则矩形ABCD 的面积为______.
三、解答题(本大题共9小题,共72.0分)
17. 先化简,再求值:(2x +3y)2?(2x +y)(2x ?y)?2y(3x +5y),其中x =√2,
y =√6
2?1.
18.襄阳东站的建成运营标志着我市正式进入高铁时代,郑
万高速铁路襄阳至万州段的建设也正在推进中.如图,
工程队拟沿AC方向开山修路,为加快施工进度,需在
小山的另一边点E处同时施工.要使A、C、E三点在一
条直线上,工程队从AC上的一点B取∠ABD=140°,
BD=560米,∠D=50°.那么点E与点D间的距离是多
少米?
(参考数据:sin50°≈0.77,cos50°≈0.64,tan50°≈1.19)
19.在襄阳市创建全国文明城市的工作中,市政部门绿化队改进了对某块绿地的灌浇方
式.改进后,现在每天用水量是原来每天用水量的4
,这样120吨水可多用3天,
5
求现在每天用水量是多少吨?
20.3月14日是国际数学日,“数学是打开科学大门的钥匙.”为进一步提高学生学习
数学的兴趣,某校开展了一次数学趣味知识竞赛(竞赛成绩为百分制),并随机抽取了50名学生的竞赛成绩(本次竞赛没有满分),经过整理数据得到以下信息:
信息一:50名学生竞赛成绩频数分布直方图如图所示,从左到右依次为第一组到第五组(每组数据含前端点值,不含后端点值).
信息二:第三组的成绩(单位:分)为747173747976777676737275
根据信息解答下列问题:
(1)补全第二组频数分布直方图(直接在图中补全);
(2)第三组竞赛成绩的众数是______分,抽取的50名学生竞赛成绩的中位数是
______分;
(3)若该校共有1500名学生参赛,请估计该校参赛学生成绩不低于80分的约为
______人.
第3页,共18页
21.如图,反比例函数y1=m
x
(x>0)和一次函数y2=kx+b的图
象都经过点A(1,4)和点B(n,2).
(1)m=______,n=______;
(2)求一次函数的解析式,并直接写出y1 (3)若点P是反比例函数y1=m x (x>0)的图象上一点,过点P 作PM⊥x轴,垂足为M,则△POM的面积为______. 22.如图,AB是⊙O的直径,E,C是⊙O上两点,且EC?=BC?, 连接AE,AC.过点C作CD⊥AE交AE的延长线于点D. (1)判定直线CD与⊙O的位置关系,并说明理由; (2)若AB=4,CD=√3,求图中阴影部分的面积. 23.受新冠肺炎疫情影响,一水果种植专业户有大量成熟水果无法出售.“一方有难, 八方支援”某水果经销商主动从该种植专业户购进甲,乙两种水果进行销售.专业户为了感谢经销商的援助,对甲种水果的出售价格根据购买量给予优惠,对乙种水果按25元/千克的价格出售.设经销商购进甲种水果x千克,付款y元,y与x之间的函数关系如图所示. (1)直接写出当0≤x≤50和x>50时,y与x之间的函数关系式; (2)若经销商计划一次性购进甲,乙两种水果共100千克,且甲种水果不少于40千 克,但又不超过60千克.如何分配甲,乙两种水果的购进量,才能使经销商付款总金额w(元)最少? 第4页,共18页 24.在△ABC中,∠BAC═90°,AB=AC,点D在边BC上,DE⊥DA且DE=DA,AE 交边BC于点F,连接CE. (1)特例发现:如图1,当AD=AF时, ①求证:BD=CF; ②推断:∠ACE=______°; (2)探究证明:如图2,当AD≠AF时,请探究∠ACE的度数是否为定值,并说明理 由; (3)拓展运用:如图3,在(2)的条件下,当EF AF =1 3 时,过点D作AE的垂线,交AE 于点P,交AC于点K,若CK=16 3 ,求DF的长. 25.如图,直线y=?1 2x+2交y轴于点A,交x轴于点C,抛物线y=?1 4 x2+bx+c经 过点A,点C,且交x轴于另一点B. (1)直接写出点A,点B,点C的坐标及拋物线的解析式; (2)在直线AC上方的抛物线上有一点M,求四边形ABCM面积的最大值及此时点M的坐标; (3)将线段OA绕x轴上的动点P(m,0)顺时针旋转90°得到线段O′A′,若线段O′A′与抛物线只有一个公共点,请结合函数图象,求m的取值范围. 第5页,共18页 第6页,共18页 答案解析 1.【答案】B 【解析】 【分析】 本题考查了绝对值的定义,关键是利用了绝对值的性质. 根据绝对值的定义,可直接得出?2的绝对值. 【解答】 解:|?2|=2. 故选:B. 2.【答案】C 【解析】解:∵AB//CD,∠EFG=64°, ∴∠BEF=180°?∠EFG=116°, ∵EG平分∠BEF交CD于点G, ∴∠BEG=1 ∠BEF=58°, 2 ∵AB//CD, ∴∠EGD=180°?∠BEG=122°. 故选:C. 根据平行线的性质得到∠BEF=180°?∠EFG=116°,根据角平分线的定义得到∠BEF=58°,由平行线的性质即可得到结论. ∠BEG=1 2 此题考查了平行线的性质与角平分线的定义.解题的关键是掌握两直线平行,同旁内角互补与两直线平行,内错角相等的知识点. 3.【答案】C 【解析】解:A.a+a=2a,故本选项不合题意; B.a2?a3=a5,故本选项不合题意; C.(a3)4=a12,故本选项符合题意; D.(ab)2=a2b2,故本选项不合题意. 故选:C. 分别根据合并同类项法则,同底数幂的乘法法则,幂的乘方运算法则以及积的乘方运算法则逐一判断即可. 本题主要考查了合并同类项,同底数幂的乘法以及幂的乘方与积的乘方,熟记幂的运算法则是解答本题的关键. 4.【答案】D 【解析】解:A、“买中奖率为1 的奖券10张,中奖”是随机事件,故本选项错误; 10 B、汽车累积行驶10000km,从未出现故障”是随机事件,故本选项错误; C、襄阳气象局预报说“明天的降水概率为70%”,意味着明天可能下雨,故本选项错误; D、若两组数据的平均数相同,则方差小的更稳定,故本选项正确; 故选:D. 根据随机时间的概念、概率的意义和方差的意义分别对每一项进行分析,即可得出答案.此题考查了随机事件、概率的意义和方差的意义,正确理解概率的意义是解题的关键. 第7页,共18页 第8页,共18页 5.【答案】A 【解析】解:根据主视图和左视图为矩形判断出是柱体,根据俯视图是圆可判断出这个几何体应该是圆柱. 故选:A . 由主视图和左视图确定是柱体,锥体还是球体,再由俯视图确定具体形状. 考查了由三视图判断几何体,主视图和左视图的大致轮廓为长方形的几何体为柱体. 6.【答案】A 【解析】解:由不等式组 {x ?4≤2(x ?1),12 (x +3)>x +1得?2≤x <1, 该不等式组的解集在数轴表示如下: 故选:A . 根据不等式组{x ?4≤2(x ?1),12 (x +3)>x +1可以得到该不等式组的解集,从而可以在数轴上表示出来,本题得以解决. 本题考查解一元一次不等式组、在数轴上表示不等式组的解集,解答本题的关键是明确解一元一次不等式组的方法. 7.【答案】D 【解析】解:由作图可知,∠DAE =∠DAB ,∠DEA =∠B =90°, ∵AD =AD , ∴△ADE≌△ADB(AAS), ∴DB =DE ,AB =AE , ∵∠AEB +∠B =180° ∴∠BAC +∠BDE =180°, ∵∠EDC +∠BDE =180°, ∴∠EDC =∠BAC , 故A ,B ,C 正确, 故选:D . 证明△ADE≌△ADB 即可判断A ,B 正确,再根据同角的补角相等,证明∠EDC =∠BAC 即可. 本题考查作图?基本作图,全等三角形的判定和性质等知识,解题的关键是熟练掌握基本知识,属于中考常考题型. 8.【答案】C 【解析】解:根据题意可得:{x +y =100x 3 +3y =100, 故选:C . 根据“3匹小马能拉1片瓦,1匹大马能拉3片瓦”,即可得出关于x ,y 的二元一次方程组,此题得解. 本题考查了由实际问题抽象出二元一次方程组,找准等量关系,正确列出二元一次方程组是解题的关键. 9.【答案】B 【解析】解:A、根据平行四边形的性质得到OA=OC,OB=OD,该结论正确; B、当AB=CD时,四边形ABCD还是平行四边形,该选项错误; C、根据有一个角是直角的平行四边形是矩形可以判断该选项正确; D、当AC=BD且AC⊥BD时,根据对角线相等可判断四边形ABCD是矩形,根据对角线互相垂直可判断四边形ABCD是菱形,故四边形ABCD是正方形,该结论正确; 故选:B. 根据正方形的判定,矩形的判定、菱形的判定方法分别判断后即可确定正确的选项.本题考查了正方形的判定,矩形的判定、平行四边形的性质及菱形的判定方法,牢记判定方法是解答本题的关键. 10.【答案】B 【解析】解:①∵抛物线开口向上,且与y轴交于负半轴, ∴a>0,c<0, ∴ac<0,结论①正确; ②∵抛物线对称轴为直线x=1, =1, ∴?b 2a ∴b=?2a, ∵抛物线经过点(?1,0), ∴a?b+c=0, ∴a+2a+c=0,即3a+c=0,结论②正确; ③∵抛物线与x轴由两个交点, ∴b2?4ac>0,即4ac?b2<0,结论③正确; ④∵抛物线开口向上,且抛物线对称轴为直线x=1, ∴当x<1时,y随x的增大而减小,结论④错误; 故选:B. 二次函数图象与系数的关系以及二次函数的性质,逐一分析判断即可. 本题主要考查抛物线与x轴的交点坐标,二次函数图象与函数系数之间的关系,解题的关键是掌握数形结合思想的应用,注意掌握二次函数图象与系数的关系. 11.【答案】x≥1 2 【解析】 【分析】 本题主要考查函数自变量的取值范围,考查的知识点为:二次根式的被开方数是非负数.根据二次根式的有意义的条件:被开方数大于等于0,就可以求解. 【解答】 解:依题意,得4x?2≥0, , 解得:x≥1 2 故答案为x≥1 . 2 12.【答案】40° 第9页,共18页 【解析】解:∵AB=AD,∠BAD=20°, ∴∠B =180°?∠BAD 2=180°?20° 2 =80°, ∵∠ADC是△ABD的外角, ∴∠ADC=∠B+∠BAD=80°+20°=100°,∵AD=DC, ∴∠C=180°?∠ADC 2=180°?100° 2 =40°. 先根据等腰三角形的性质及三角形内角和定理可求出∠B的度数,再根据三角形外角的性质可求出∠ADC的度数,再由三角形内角和定理解答即可. 本题涉及到三角形的内角和定理、三角形外角的性质及等腰三角形的性质,属较简单题目. 13.【答案】 3 8 【解析】解:从八卦中任取一卦,基本事件总数n=8,这一卦中恰有2根和1根的基本事件个数m=3, ∴这一卦中恰有2根和1根的概率为m n =3 8 ; 故答案为:3 8 . 从八卦中任取一卦,基本事件总数n=8,这一卦中恰有2根和1根的基本事件个数m=3,由概率公式即可得出答案. 本题考查了概率公式、古典概率;熟练掌握概率公式是解题的关键. 14.【答案】1.25 【解析】解:∵s=15t?6t2=?6(t?1.25)2+9.375, ∴汽车从刹车到停下来所用时间是1.25秒. 故答案为:1.25. 利用配方法求二次函数最值的方法解答即可. 考查了一元二次方程的应用,此题主要利用配方法求最值的问题,根据已知得出顶点式是解题关键. 15.【答案】60°或120 【解析】解:如图, ∵弦BC垂直平分半径OA, ∴OD:OB=1:2, ∴∠BOD=60°, ∴∠BOC=120°, ∴弦BC所对的圆周角等于60°或120°. 故答案为:60°或120°. 根据弦BC垂直平分半径OA,可得OD:OB=1:2,得∠BOC=120°,根据同弧所对 第10页,共18页 第11页,共18页 圆周角等于圆心角的一半即可得弦BC 所对的圆周角度数. 本题考查了圆周角定理、垂径定理、线段垂直平分线的性质,解决本题的关键是掌握圆周角定理. 16.【答案】15√5 【解析】解:∵将△ADE 沿DE 折叠,使点A 的对应点F 恰好落在边BC 上, ∴AF ⊥DE ,AE =EF , ∵矩形ABCD 中,∠ABF =90°, ∴B ,E ,N ,F 四点共圆, ∴∠BNF =∠BEF , ∴tan∠BEF =√52 , 设BF =√5x ,BE =2x , ∴EF =√BF 2+BE 2=3x , ∴AE =3x , ∴AB =5x , ∴AB =√5BF . ∴S 矩形ABCD =AB ?AD =√5BF ?AD =√5×15=15√5. 故答案为:15√5. 由折叠的性质得出∠BNF =∠BEF ,由条件得出tan∠BEF =√52 ,设BF =√5x ,BE =2x ,由勾股定理得出EF =3x ,得出AB =√5BF ,则可得出答案. 本题考查了折叠的性质,矩形的性质,锐角三角函数,勾股定理等知识,熟练掌握折叠的性质是解题的关键. 17.【答案】解:原式=4x 2+12xy +9y 2?4x 2+y 2?6xy ?10y 2 =6xy , 当x =√2,y =√62?1时,原式=6×√2×(√62?1)=6√3?6√2. 【解析】原式利用完全平方公式,平方差公式,以及单项式乘多项式法则计算,去括号合并得到最简结果,把x 与y 的值代入计算即可求出值. 此题考查了整式的混合运算?化简求值,熟练掌握运算法则是解本题的关键. 18.【答案】解:∵A 、C 、E 三点在一条直线上,∠ABD =140°,∠D =50°, ∴∠E =140°?50°=90°, 在Rt △BDE 中, DE =BD ?cos∠D , =560×cos50°, ≈560×0.64, =38.4(米). 答:点E 与点D 间的距离是38.4米. 【解析】求出∠E 的度数,再在Rt △BDE 中,依据三角函数进行计算即可. 考查直角三角形的边角关系,构造直角三角形是解决问题的关键. 19.【答案】解:设原来每天用水量是x 吨,则现在每天用水量是45x 吨, 依题意,得:12045x ? 120x =3, 第12页,共18页 解得:x =10, 经检验,x =10是原方程的解,且符合题意, ∴ 45x =8. 答:现在每天用水量是8吨. 【解析】设原来每天用水量是x 吨,则现在每天用水量是4 5x 吨,根据现在120吨水比以前可多用3天,即可得出关于x 的分式方程,解之经检验后即可得出结论. 本题考查了分式方程的应用,找准等量关系,正确列出分式方程是解题的关键. 20.【答案】76 78 720 【解析】解:(1)50?4?12?20?4=10(人), 补全频数分布直方图如图所示: (2)第3组数据出现次数最多的是76,共出现3次,因此众数是76, 抽取的50人的成绩从小到大排列处在第25、26位的两个数的平均数为 77+792=78,因此中位数是78, 故答案为:76,78; (3)1500×20+4 50=720(人), 故答案为:720. (1)计算出第2组60~70组的人数,即可补全频数分布直方图; (2)根据中位数、众数的意义,分别求出第3组的众数,样本中位数; (3)样本估计总体,样本中80分以上的占20+4 50,因此估计总体1500人的20+4 50是80分以 上的人数. 考查频数分布直方图的意义和制作方法,理解中位数、众数的意义和计算方法是正确解答的前提. 21.【答案】4 2 2 【解析】解:(1)∵把A(1,4)代入y 1= m x (x >0)得:m =1×4=4, ∴y =4x , ∵把B(n,2)代入y =4x 得:2=4n , 解得n =2; 故答案为4,2; (2)把A(1,4)、B(2,2)代入y2=kx+b得:{k+b=4 2k+b=2, 解得:k=?2,b=6, 即一次函数的解析式是y=?2x+6. 由图象可知:y1 (3)∵点P是反比例函数y1=m x (x>0)的图象上一点,过点P作PM⊥x轴,垂足为M, ∴S△POM=1 2|m|=1 2 ×4=2, 故答案为2. (1)把A的坐标代入反比例函数的解析式求出m,得出反比例函数的解析式,把B的坐标代入反比例函数的解析式,能求出n,即可得出B的坐标; (2)分别把A、B的坐标代入一次函数的解析式得出方程组,求出方程组的解,即可得出一次函数的解析式;根据图象求得y1 (3)根据反比例函数系数k的几何意义即可求得. 本题考查了用待定系数法求一次函数、反比例函数的解析式,一次函数与反比例函数的交点问题的应用,通过做此题培养了学生的计算能力和观察图形的能力,题目比较典型,是一道比较好的题目. 22.【答案】(1)证明:连接OC, ∵EC?=BC?, ∴∠CAD=∠BAC, ∵OA=OC, ∴∠BAC=∠ACO, ∴∠CAD=∠ACO, ∴AD//OC, ∵AD⊥CD, ∴OC⊥CD, ∴CD是⊙O的切线; (2)解:连接OE,连接BE交OC于F, ∵EC?=BC?, ∴OC⊥BE,BF=EF, ∵AB是⊙O的直径, ∴∠AEB=90°, ∴∠FED=∠D=∠EFC=90°, ∴四边形DEFC是矩形, ∴EF=CD=√3, ∴BE=2√3, ∴AE=√AB2?BE2=√42?(2√3)2=2, ∴AE=1 2 AB, ∴∠ABE=30°, ∴∠AOE=60°, ∴∠BOE=120°, ∵EC?=BC?, ∴∠COE=∠BOC=60°, 连接CE, ∵OE=OC, 第13页,共18页 第14页,共18页 ∴△COE 是等边三角形, ∴∠ECO =∠BOC =60°, ∴CE//AB , ∴S △ACE =S △COE , ∵∠OCD =90°,∠OCE =60°, ∴∠DCE =30°, ∴DE =√33CD =1, ∴AD =3, ∴图中阴影部分的面积=S △ACD ?S 扇形COE =12×√3×3?60?π×22360=3√32?2π3 . 【解析】(1)连接OC ,根据EC ?=BC ?,求得∠CAD =∠BAC ,根据等腰三角形的性质得到∠BAC =∠ACO ,推出AD//OC ,根据平行线的性质得到OC ⊥CD ,于是得到CD 是⊙O 的切线; (2)连接OE ,连接BE 交OC 于F ,根据垂径定理得到OC ⊥BE ,BF =EF ,由圆周角定理得到∠AEB =90°,根据矩形的性质得到EF =CD =√3,根据勾股定理得到AE =√AB 2?BE 2=√42?(2√3)2=2,求得∠AOE =60°,连接CE ,推出CE//AB ,根据三角形和扇形的面积公式即可得到结论. 本题考查了直线与圆的位置关系,勾股定理,垂径定理,扇形的面积的计算,正确的作出辅助线是解题的关键. 23.【答案】解:(1)当0≤x ≤50是,设y =kx ,根据题意得50k =1500, 解得k =30; ∴y =30x ; 当x >50时,设y =k 1x +b , 根据题意得, {50k +b =150070k +b =1980,解得{k =24b =300 , ∴y =24x +300. ∴y ={30x(0≤x ≤50)24x +300(x >50) ; (2)设购进甲种水果为a 千克,则购进乙种水果(100?a)千克, ∴40≤a ≤60, 当40≤a ≤50时,w 1=30a +25(100?a)=5a +2500. 当a =40 时.w min =2700元, 当50 当a =60时,w min =2740元, ∵2740>2700, ∴当a =40时,总费用最少,最少总费用为2700元. 此时乙种水果100?40=60(千克). 答:购进甲种水果为40千克,购进乙种水果60千克,才能使经销商付款总金额w(元)最少. 【解析】本题主要考查了待定系数法求一次函数解析式,一次函数的图象以及一元一次不等式的应用. (1)由图可知y 与x 的函数关系式是分段函数,利用待定系数法求解析式即可. (2)设购进甲种水果为a 千克,则购进乙种水果(100?a)千克,根据实际意义可以确定 a的范围,结合付款总金额(元)与种水果的购进量之间的函数关系可以分类讨论最少费用. 24.【答案】(1)①证明:如图1中, ∵AB=AC, ∴∠B=∠ACF, ∵AD=AF, ∴∠ADF=∠AFD, ∴∠ADB=∠AFC, ∴△ABD≌△ACF(AAS), ∴BD=CF. ②结论:∠ACE=90°. 理由:如图1中,∵DA=DE,∠ADE=90°,AB=AC,∠BAC=90°, ∴∠ACD=∠AED=45°, ∴A,D,E,C四点共圆, ∴∠ADE+∠ACE=180°, ∴∠ACE=90°. 故答案为90. (2)90 (3)如图3中,连接EK. ∵∠BAC+∠ACE=180°, ∴AB//CE, ∴EC AB =EF AF =1 3 ,设EC=a,则AB=AC=3a,AK=3a?16 3 , ∵DA=DE,DK⊥AE,∴AP=PE, ∴AK=KE=3a?16 3 ,∵EK2=CK2+EC2, ∴(3a?16 3)2=(16 3 )2+a2, 第15页,共18页 第16页,共18页 解得a =4或0(舍弃), ∴EC =5,AB =AC =15, ∴AE =√AC 2+EC 2=√152+52=5√10, ∴DP =PA =PE =12AE = 5√102,EF =14 AE =5√104, ∴PF =PE =5√104, ∵∠DPF =90°, ∴DF =√DP 2+PF 2=√(5√102)2+(5√104)2=25√24 【解析】 【分析】 本题属于三角形综合题,考查了等腰直角三角形的性质,全等三角形的判定和性质,四点共圆,解直角三角形等知识,解题的关键是学会利用参数构建方程解决问题,属于中考压轴题. (1)①证明△ABD≌△ACF(AAS)可得结论. ②利用四点共圆的性质解决问题即可. (2)结论不变.利用四点共圆证明即可. (3)如图3中,连接EK.首先证明AB =AC =3EC ,设EC =a ,则AB =AC =3a ,在Rt △KCE 中,利用勾股定理求出a ,再求出DP ,PF 即可解决问题. 【解答】 (1)①见答案 ②结论:∠ACE =90°. 理由:如图1中,∵DA =DE ,∠ADE =90°,AB =AC ,∠BAC =90°, ∴∠ACD =∠AED =45°, ∴A ,D ,E ,C 四点共圆, ∴∠ADE +∠ACE =180°, ∴∠ACE =90°. 故答案为90. (2)见答案 (3)见答案 25.【答案】解:(1)令x =0,得y =?12x +2=2, ∴A(0,2), 令y =0,得y =?12x +2=0,解得,x =4, ∴C(4,0), 把A 、C 两点代入y =?14x 2+bx +c 得, {c =2?4+4b +c =0,解得{b =12c =2 , ∴抛物线的解析式为y =?14x 2+12x +2, 令y =0,得y =?14x 2+12x +2=0, 解得,x=4,或x=?2, ∴B(?2,0); (2)过M点作MN⊥x轴,与AC交于点N,如图1, 设M(a,?1 4a2+1 2 a +2),则N(a,?1 2 a+2), ∴S△ACM=1 2 MN?OC=1 2 (?1 4 a2+a)×4=?1 2 a2+2a, ∵S△ABC=1 2 BC?OA=1 2 ×(4+2)×2=6, ∴S 四边形ABCM =S△ACM+S△ABC=?1 2 a2+2a+6=?1 2 (a?2)2+8, ∴当a=2时,四边形ABCM面积最大,其最大值为8, 此时M的坐标为(2,2); (3)∵将线段OA绕x轴上的动点P(m,0)顺时针旋转90°得到线段O′A′,如图2, ∴PO′=PO=m,O′A′=OA=2, ∴O′(m,m),A′(m+2,m), 当A′(m+2,m)在抛物线上时,有?1 4 (m+2)2+1 2 (m+2)+2=m, 解得,m=?3±√17, 当点O′(m,m)在抛物线上时,有?1 4 m2+1 2 m+2=m, 解得,m=?4或2, ∴当?4≤m≤?3?√17或?3+√17≤m≤2时,线段O′A′与抛物线只有一个公共点. 【解析】(1)令x=0,由y=?1 2 x+2,得A点坐标,令y=0,由y=?1 2 x+2,得C 点坐标,将A、C的坐标代入抛物线的解析式便可求得抛物线的解析式,进而由二次函数解析式令y=0,便可求得B点坐标; 第17页,共18页 (2)过M点作MN⊥x轴,与AC交于点N,设M(a,?1 4a2+1 2 a+2),则N(a,?1 2 a+2), 由三角形的面积公式表示出四边形的面积关于a的函数关系式,再根据二次函数的性质求得最大值,并求得a的值,便可得M点的坐标; (3)根据旋转性质,求得O′点和A′点的坐标,令O′点和A′点在抛物线上时,求出m的最大和最小值便可. 本题是一个二次函数的综合题,主要考查了二次函数的图象与性质,旋转的性质,待定系数法,求函数图象与坐标轴的交点,求函数的最大值,三角形的面积公式,第(2)题关键再求函数的解析式,第(3)关键是确定O′,A′点的坐标与位置. 第18页,共18页
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